【分析】
首先，燃气灶火焰大小不变时，烧水时间越长，水吸收的热量越多，在水沸腾前，水的温度会升高；同一热源相同时间放出热量相同，加热时间越长，热源放出热量越多，水吸收的热量也越多；这里将不易直接测量的物体吸热多少，转换为容易测量的加热时间，这种方法是转换法，因此可通过相同热源加热的时长判断物体吸热多少。
【解析】
1. 水沸腾前，吸收热量温度升高，烧水时间越长，水吸收热量越多，温度越高，故第一空填“高”；
2. 同一热源火焰大小不变时，相同时间放出热量相同，加热时间越长，热源放出的热量越多，故第二空填“多”；
3. 不计热量损失时，水吸收的热量等于热源放出的热量，因此加热时间越长，水吸收的热量越多，故第三空填“多”；
4. 由上述分析，可通过相同热源加热的时长判断物体吸热多少，故第四空填“相同热源加热的时长”；
5. 将不易测量的物理量（吸热多少）转换为易测量的物理量（加热时间）的方法是转换法，故第五空填“转换”。
【答案】
高 多 多 相同热源加热的时长 转换
【知识点】
热传递、转换法
【点评】
本题考查热学中吸热与加热时间的关系及转换法的应用，属于基础概念题，侧重对物理研究方法的理解。
【难度系数】
0.6

【分析】
这道题考查比热容的实际应用，解题思路如下：1. 明确比热容的物理意义：比热容反映物质的吸热能力，水的比热容较大；2. 利用热量公式变形推导温度变化规律：当质量相同、吸收热量相同时，温度变化与比热容成反比；3. 结合题目场景（沙滩是沙子、海水是水），根据上述规律分析温度变化，进而得出温度高低的结论。
【解析】
根据热量计算公式$Q = cm\Delta t$，变形可得温度变化公式$\Delta t = \frac{Q}{cm}$。当质量$m$相同、吸收热量$Q$相同时，比热容$c$越大，温度变化$\Delta t$越小。水的比热容比沙子大，因此：1. 海水凉是因为水的比热容较大；2. 质量相同的水和沙子吸收相同热量时，水的温度变化比沙子小；3. 受太阳照射条件相同时，沙子温度变化大，最终沙滩温度比海水高。
【答案】
大 小 高
【知识点】
比热容的应用、热量与比热容的关系
【点评】
本题是比热容在生活中的基础应用，难度较低，主要考查学生对比热容公式的理解和运用，结合生活场景分析即可得出答案。
【难度系数】
0.8

【分析】本题考查比热容的基础概念，解题思路为：1. 牢记水的比热容的标准数值；2. 依据比热容的定义理解其物理意义的表述；3. 明确比热容是物质的固有属性，与物质的质量等因素无关，据此判断质量变化后比热容的变化。
【解析】水的比热容是物理常识，数值为$4.2×10^{3}\ \mathrm{J/(kg·℃)}$；比热容的物理意义是单位质量的某种物质温度升高（或降低）$1\ \mathrm{℃}$时吸收（或放出）的热量，因此煤油比热容$2.1×10^{3}\ \mathrm{J/(kg·℃)}$的物理意义是：质量为$1\ \mathrm{kg}$的煤油温度每升高（或降低）$1\ \mathrm{℃}$时吸收（或放出）的热量为$2.1×10^{3}\ \mathrm{J}$；比热容是物质的一种物理属性，仅与物质的种类和状态有关，与质量无关，所以一桶煤油用去一半后，剩余部分的比热容不变。
【答案】$4.2×10^{3}\ \mathrm{J/(kg·℃)}$；质量为1 kg的煤油温度每升高(或降低)1 ℃时吸收(或放出)的热量为$2.1×10^{3}\ \mathrm{J}$；不变；物理属性
【知识点】比热容的概念；比热容的物理意义；物质的物理属性
【点评】本题为基础概念题，聚焦比热容的核心知识点，难度较低，需准确记忆并理解相关概念即可解答。
【难度系数】0.9

【分析】
要解决这道题，需结合温度变化，逐一分析每个选项对应的热学概念：热水变凉过程中温度降低，需明确内能、分子热运动、热量、比热容的定义及影响因素，判断各选项的正误。
【解析】
热水逐渐变凉时温度降低，对各选项分析如下：
1. 选项A：内能与温度有关，温度降低则水的内能减小，故A错误；
2. 选项B：分子无规则运动的剧烈程度由温度决定，温度越低，分子无规则运动越不剧烈，因此热水变凉时分子无规则运动剧烈程度降低，故B正确；
3. 选项C：热量是热传递过程中传递能量的多少，是过程量，不能用“含有”描述，故C错误；
4. 选项D：比热容是物质的特性，仅与物质种类和状态有关，与温度无关，因此水的比热容不变，故D错误。
【答案】
B
【知识点】
内能、分子热运动、比热容
【点评】
本题考查热学基础概念，需准确区分内能、分子热运动、热量、比热容的定义及影响因素，是对基础知识点的直接考查，易混淆热量的表述、比热容的特性等细节。
【难度系数】
0.8

【分析】
要解决这道题，需先明确汽车冷却液的核心作用：冷却液需要高效吸收发动机工作产生的热量，防止发动机过热。结合比热容的特性：相同质量的不同物质，升高相同温度时，比热容大的物质吸收的热量更多，更适合作为冷却液。接下来逐一分析选项，判断哪个是选用水而非油的主要原因。
【解析】
汽车发动机工作时会产生大量热量，冷却液的关键要求是具备良好的吸热能力：
选项A：水的比热容大于油的比热容，相同质量的水和油升高相同温度时，水吸收的热量更多，能更好地带走发动机的热量，这是选用水作为冷却液的主要原因，该选项正确。
选项B：经济性不是冷却液选材的核心因素，核心是吸热能力，该选项错误。
选项C：密度大小与冷却液的吸热性能无关，不是选用水的原因，该选项错误。
选项D：污染程度不是冷却液选材的主要考量，该选项错误。
【答案】
A
【知识点】
比热容的概念、比热容的应用
【点评】
本题考查比热容在生活中的实际应用，属于基础概念题，难度较低，主要考查学生对比热容特性的理解与实际应用能力。
【难度系数】
0.9

【分析】
要解答本题，需先明确质量、密度、比热容、温度各物理量的定义与特性：质量是物体所含物质的多少，属于物体的属性，随所含物质的多少变化；密度、比热容是物质的特性，仅与物质的种类和状态有关，与质量、体积无关；温度是表示物体冷热程度的物理量，不会随质量变化成比例改变。接下来逐一分析选项判断正误。
【解析】
选项A：密度是物质的特性，只由物质种类和状态决定，蜡烛燃烧一半后，物质种类和状态未改变，密度不变，A错误。
选项B：比热容同样是物质的特性，与质量无关，蜡烛燃烧一半后比热容不变，B错误。
选项C：温度是物体的冷热程度，蜡烛燃烧一半时，温度不会按比例变为原来的一半，C错误。
选项D：质量是物体所含物质的多少，蜡烛燃烧一半后，所含物质减少一半，质量变为原来的一半，D正确。
【答案】
D
【知识点】
质量及其特性、密度及其特性、比热容的概念
【点评】
本题考查对质量、密度、比热容、温度基本概念的理解，核心是区分物质的特性（密度、比热容）和物体的属性（质量），属于基础概念类题目，难度较低。
【难度系数】
0.7

【分析】
要判断海陆风的近地面大气运动方向，需依据海陆热力性质差异的原理：陆地比热容小于海洋，升温、降温速度更快。白天，陆地升温快，近地面空气上升形成低压，海洋升温慢，近地面空气下沉形成高压，近地面风从海洋吹向陆地；夜晚，陆地降温快，近地面空气下沉形成高压，海洋降温慢，近地面空气上升形成低压，近地面风从陆地吹向海洋。据此逐一分析四幅图即可得出结论。
【解析】
根据海陆热力性质差异的原理，对四幅图分析如下：
1. 图①：为白天（有太阳），近地面大气箭头向左，即从陆地吹向海洋，不符合白天近地面风从海洋吹向陆地的规律，错误。
2. 图②：为夜晚（有月亮），近地面大气箭头向左，即从陆地吹向海洋，符合夜晚近地面风从陆地吹向海洋的规律，正确。
3. 图③：为白天（有太阳），近地面大气箭头向右，即从海洋吹向陆地，符合白天近地面风从海洋吹向陆地的规律，正确。
4. 图④：为夜晚（有月亮），近地面大气箭头向右，即从海洋吹向陆地，不符合夜晚近地面风从陆地吹向海洋的规律，错误。
因此正确的是②③，对应选项B。
【答案】
B
【知识点】
海陆热力性质差异、海陆风的形成
【点评】
本题考查海陆风的形成原理，核心是利用海陆比热容差异判断昼夜的气压变化，进而确定近地面风向，属于基础应用类题目，需结合昼夜时段分析风向的变化。
【难度系数】
0.5

【分析】
本题利用转换法，通过石蜡被压的凹陷程度判断金属块放出热量的多少，凹陷越深说明金属块放出热量越多。已知三个金属块初温相同，最终石蜡冷却后金属块末温相同，因此温度变化量Δt相同。结合放热公式Q放=cmΔt，分情况分析质量和比热容的大小关系。
【解析】
1. 放出热量判断：三个金属块放在石蜡上，石蜡凹陷程度不同，说明金属块放出的热量不同（凹陷越深，放出热量越多，丙的凹陷最深，故丙放出热量最多）。
2. 同种金属（比热容c相同）时：由Q放=cmΔt，Δt相同，Q放越大则质量m越大，因此质量最大的是丙。
3. 质量相同（m相同）时：由Q放=cmΔt，Δt相同，Q放越大则比热容c越大，因此比热容最大的是丙。
【答案】
不同；丙；丙
【知识点】
热量计算、比热容、转换法
【点评】
本题考查放热公式Q放=cmΔt的应用及转换法的理解，需明确温度变化量相同的条件，结合控制变量法分析质量与比热容的关系，属于基础应用题型。
【难度系数】
0.5