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A
A
B
B
215
3.25
【分析】
首先回忆串联电路的核心特点：串联电路中各处电流处处相等，以此先排除电流相关的错误选项；其次明确灯泡亮度由实际功率决定，而非额定功率；最后结合电路故障的表现分析：
1. 串联电路电流处处相等，所以“不亮的灯泡电流太小”的说法不成立；
2. 若不亮的灯泡灯丝断了，整个电路为断路，两个灯泡都不会发光，与题目现象矛盾；
3. 灯泡亮度由实际功率$P_{实}=I^{2}R$决定，串联电流$I$相同，不亮的灯泡实际功率小，说明其电阻小，符合题意；
4. 额定功率$P_{额}=\frac{U_{额}^{2}}{R}$，题目未说明两灯泡额定电压相同，无法确定不亮的灯泡额定功率一定大。
【解析】
对各选项逐一分析：
选项B：串联电路的基本特点是各处电流大小相等，两个灯泡串联时通过的电流完全相同，因此该选项错误；
选项D：若不亮的灯泡灯丝断了，整个电路处于断路状态，电路中无电流，两个灯泡都不会发光，与题目中“一个灯泡亮，另一个不亮”的现象不符，该选项错误；
选项A：灯泡的亮度由实际功率决定，串联电路中电流$I$处处相等，根据公式$P_{实}=I^{2}R$，实际功率与电阻成正比，不亮的灯泡实际功率小，说明其电阻太小，该选项正确；
选项C：额定功率$P_{额}=\frac{U_{额}^{2}}{R}$，题目未明确两灯泡的额定电压相同，仅通过电阻小无法判定其额定功率一定大，该选项错误。
【答案】
A
【知识点】
串联电路电流规律，实际功率决定亮度，电路故障分析
【点评】
本题考查串联电路的特点、实际功率与灯泡亮度的关系及电路故障判断，重点在于区分额定功率与实际功率，明确灯泡亮度由实际功率决定，同时需熟练掌握串联电路的电流规律，避免混淆额定功率和实际功率的概念。
【难度系数】
0.6
【分析】
首先明确超导体的核心特性是常温下电阻为零，接下来需结合各选项中电学元件的工作原理，判断超导体是否适用：
1. 输电导线：传统导线因电阻会产生电能损耗，超导体电阻为零可避免损耗，提升输电效率，符合需求；
2. 熔断器熔丝：依赖电流热效应发热熔断，超导体无电阻不发热，无法熔断，不适用；
3. 白炽灯灯丝：利用电阻发热发光，超导体不发热，无法工作，不适用；
4. 测电笔高电阻：需限制电流，超导体电阻为零会导致电流过大，危及安全，不适用。因此最适合的是输电导线。
【解析】
超导体的关键特性是常温下电阻为零，通电时不会产生焦耳热。对各选项分析如下：
A. 输电导线：传统输电导线因存在电阻，根据焦耳定律Q=I²Rt，会在输电过程中产生电能损耗。若使用常温超导体，电阻为零，可完全避免电能损耗，大幅提高输电效率，适合作为输电导线。
B. 熔断器内的熔丝：工作原理是利用电流的热效应，当电路电流过大时，熔丝因电阻发热熔断以保护电路。超导体电阻为零，通电时不产生热量，无法熔断，不能起到保护作用，不适合。
C. 白炽灯的灯丝：通过电流的热效应使灯丝高温发光，超导体电阻为零，通电时无热量产生，无法发光，不适合。
D. 测电笔内的高电阻：作用是限制通过人体的电流，保障安全。超导体电阻为零，会导致通过人体的电流过大，危及人身安全，不适合。
综上，答案选A。
【答案】
A
【知识点】
超导体的特性、电流的热效应、焦耳定律
【点评】
本题结合超导体的特性考查电学元件的工作原理，需要学生将超导体“电阻为零”的核心特性与各元件的工作需求相结合分析，既考查了对超导体概念的理解，也考查了对常见电学元件原理的掌握，注重理论联系实际。
【难度系数】
0.8
【分析】
要判断灯泡是否正常发光，需明确灯泡正常发光的条件是实际电压等于额定电压（或实际电流等于额定电流）。首先根据灯泡的额定电压和额定功率，分别计算出两个灯泡的额定电流和电阻；再结合串联电路“总电阻等于各电阻之和、电流处处相等”的特点，计算出串联电路的实际电流；最后将实际电流与两灯泡的额定电流对比，或计算实际电压与额定电压对比，即可判断哪个灯泡能正常发光。
【解析】
1. 计算灯泡$L_1$的额定电流和电阻：
由$P=UI$得，$L_1$的额定电流$I_{1额}=\frac{P_{1额}}{U_{1额}}=\frac{3W}{6V}=0.5A$；
由$P=\frac{U^2}{R}$得，$L_1$的电阻$R_1=\frac{U_{1额}^2}{P_{1额}}=\frac{(6V)^2}{3W}=12Ω$。
2. 计算灯泡$L_2$的额定电流和电阻：
$L_2$的额定电流$I_{2额}=\frac{P_{2额}}{U_{2额}}=\frac{3W}{12V}=0.25A$；
$L_2$的电阻$R_2=\frac{U_{2额}^2}{P_{2额}}=\frac{(12V)^2}{3W}=48Ω$。
3. 计算串联电路的总电阻和实际电流：
串联总电阻$R_{总}=R_1+R_2=12Ω+48Ω=60Ω$；
电路实际电流$I=\frac{U_{总}}{R_{总}}=\frac{15V}{60Ω}=0.25A$。
4. 判断灯泡是否正常发光：
实际电流$I=0.25A=I_{2额}$，说明$L_2$的实际电流等于额定电流，实际电压等于额定电压，$L_2$正常发光；
实际电流$I=0.25A＜I_{1额}=0.5A$，$L_1$的实际电压$U_{1实}=IR_1=0.25A×12Ω=3V≠6V$，$L_1$不能正常发光。
【答案】
B
【知识点】
串联电路的特点，电功率的计算，欧姆定律的应用
【点评】
本题考查串联电路规律、欧姆定律与电功率公式的综合应用，核心是抓住灯泡正常发光的条件（实际电压等于额定电压或实际电流等于额定电流），通过分步计算相关物理量，对比后得出结论，需要学生熟练掌握电学公式的灵活运用。
【难度系数】
0.6
【分析】
要解决这道题，首先明确家庭电路中空气开关跳闸的核心原因是电路中电流过大，而电流过大的常见原因有两种：一是电路发生短路，二是用电器总功率过大。接下来结合每个选项的情况，逐一分析是否会导致电流过大、空气开关跳闸：
1. 分析选项A和D：如果是灯丝断了或插头断路，台灯所在支路为断路状态，不会改变整个家庭电路的总电流，空气开关不会跳闸，原来亮着的灯也不会熄灭，因此A、D不符合题意。
2. 分析选项C：若插座原来已短路，那么在插入台灯之前，家庭电路就已经处于短路状态，空气开关会提前跳闸，原来的灯根本不会亮，与题目中“原来亮着的灯全熄灭”的前提矛盾，所以C不符合题意。
3. 分析选项B：台灯的灯座短路，当闭合开关的台灯插入插座时，会造成家庭电路短路，瞬间电流过大，导致空气开关跳闸，家中原来亮着的灯因电路断电全熄灭，符合题目描述的现象。
【解析】
家庭电路中空气开关跳闸的原因是电路电流过大，电流过大的原因包括短路或用电器总功率过大。对各选项逐一分析：
A. 台灯的灯丝断了：台灯支路为断路，电路总电流不变，空气开关不会跳闸，原来的灯正常发光，不符合题意。
B. 台灯的灯座短路：闭合开关的台灯插入插座后，灯座短路造成电源短路，电路电流急剧增大，空气开关跳闸，家中原有电灯因断电全熄灭，符合题意。
C. 插座原来已短路：若插座原本短路，在插入台灯前空气开关就已跳闸，原有电灯不会亮，与题目前提矛盾，不符合题意。
D. 台灯的插头断路：台灯支路断路，电路总电流无变化，空气开关不会跳闸，原有电灯正常发光，不符合题意。
综上，答案选B。
【答案】
B
【知识点】
家庭电路故障分析、短路的危害
【点评】
本题考查家庭电路的故障判断，核心是理解短路和断路对家庭电路电流的影响，需要结合故障现象反向推导故障原因，属于家庭电路的基础考点，能帮助学生区分不同电路故障的表现。
【难度系数】
0.7
【分析】
要解决这道题，分两步进行：
1. 计算上月用电量：电能表的用电量是上月底示数减去上月初示数，注意电能表最后一位是小数位，直接相减即可得到总用电量。
2. 计算多付的电费：首先明确原来的电费是总用电量统一按0.53元/(kW·h)计算；阶梯电价下，先判断总用电量处于哪一档，215kW·h属于第一档150kW·h加上第二档的65kW·h，分别计算各档的费用求和得到现在的电费，再用现在的电费减去原来的电费，就是多付的金额。
【解析】
1. 计算上月用电量：
上月用电量 $ W = 6327.10\ \mathrm{kW·h} - 6112.10\ \mathrm{kW·h} = 215\ \mathrm{kW·h} $
2. 计算原来的电费：
原来的电费 $ E_1 = 215\ \mathrm{kW·h} × 0.53\ \mathrm{元/(kW·h)} = 113.95\ \mathrm{元} $
3. 计算阶梯电价下的电费：
第一档150kW·h的费用：$ 150\ \mathrm{kW·h} × 0.53\ \mathrm{元/(kW·h)} = 79.5\ \mathrm{元} $
第二档的电量：$ 215\ \mathrm{kW·h} - 150\ \mathrm{kW·h} = 65\ \mathrm{kW·h} $
第二档的费用：$ 65\ \mathrm{kW·h} × 0.58\ \mathrm{元/(kW·h)} = 37.7\ \mathrm{元} $
现在的总电费 $ E_2 = 79.5\ \mathrm{元} + 37.7\ \mathrm{元} = 117.2\ \mathrm{元} $
4. 计算多付的电费：
多付的费用 $ \Delta E = E_2 - E_1 = 117.2\ \mathrm{元} - 113.95\ \mathrm{元} = 3.25\ \mathrm{元} $
【答案】
215；3.25
【知识点】
电能表读数，阶梯电价计算，电费核算
【点评】
本题结合生活实际，考查电能表的读数规则和阶梯电价的费用计算，需要学生掌握分段计费的方法，计算时需仔细核对各档电量和单价，避免计算错误。
【难度系数】
0.8
【分析】
1. 第一问：首先要明确电能表参数的意义，5(20)A中，20A是额定最大电流，当通过电能表的电流不超过该值时，电能表能稳定工作且准确测量电路消耗的电能，据此可得出答案。
2. 第二问：电视机待机消耗的电能等于两次电能表的示数之差，注意电能表最后一位是小数位，直接用后一次示数减去前一次示数即可。
3. 第三问：先准确计算出电视机的待机总时长，再利用电功率公式$P=\frac{W}{t}$，代入消耗的电能和待机时间计算，注意单位统一换算，最终得到待机功率。
【解析】
(1) 电能表参数5(20)A表示电能表的标定电流为5A，额定最大电流为20A，当通过电能表的电流小于20A时，电能表才能稳定地工作且能准确测量电路消耗的电能。
(2) 待机消耗的电能：
$W = W_{\mathrm{乙}} - W_{\mathrm{甲}} = 812.60\ \mathrm{kW·h} - 812.40\ \mathrm{kW·h} = 0.2\ \mathrm{kW·h}$
(3) 计算待机时间：从5月1日上午8:00到5月3日上午10:00，总时长为$2×24\ \mathrm{h} + 2\ \mathrm{h} = 50\ \mathrm{h}$
根据电功率公式$P=\frac{W}{t}$，代入数据得：
$P = \frac{0.2\ \mathrm{kW·h}}{50\ \mathrm{h}} = 0.004\ \mathrm{kW} = 4\ \mathrm{W}$
【答案】
(1) $\boldsymbol{20}$
(2) $\boldsymbol{0.2}$
(3) $\boldsymbol{4}$
【知识点】
电能表参数理解；电能计算；电功率计算
【点评】
本题结合生活中电视机待机的场景，考查电能表的使用、电能与电功率的计算，既注重基础知识的考查，又体现了物理知识在生活中的实际应用，引导学生关注生活中的节能问题。
【难度系数】
0.7
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