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339.3
$1.22×10^{9}$
B
D
C
电熨斗
电扇
$7.2×10^{5}$
0.05
10
27
0.15
5
【分析】
要计算4月份的用电量，需用月末电能表的示数减去月初的示数，注意电能表最后一位为小数位。再根据电能单位换算关系$1\ \mathrm{kW·h}=3.6×10^6\ \mathrm{J}$，将用电量换算为焦耳。
【解析】
1. 读取电能表示数：3月31日示数为$5372.76\ \mathrm{kW·h}$，4月30日示数为$5712.06\ \mathrm{kW·h}$。
2. 计算4月份用电量：
$ W = 5712.06\ \mathrm{kW·h} - 5372.76\ \mathrm{kW·h} = 339.3\ \mathrm{kW·h} $
3. 单位换算：
因为$1\ \mathrm{kW·h}=3.6×10^6\ \mathrm{J}$，所以
$ 339.3\ \mathrm{kW·h} = 339.3×3.6×10^6\ \mathrm{J} \approx 1.22×10^9\ \mathrm{J} $
【答案】
339.3；$1.22×10^{9}$
【知识点】
电能表读数；电能单位换算
【点评】
本题考查电能表的读数与电能单位换算，关键是掌握电能表读数规则（最后一位为小数位），牢记电能单位换算关系，属于基础应用型题目。
【难度系数】
0.8
【分析】
首先，根据影响电阻大小的因素判断A、B的电阻大小：同种材料、长度相同的导体，横截面积越大，电阻越小，因此$ R_A ＜ R_B $；其次，由图可知A、B串联，串联电路中电流处处相等，且通电时间相同；最后根据电功公式$ W=I^2Rt $，在电流和通电时间相同时，电阻越大，电流做的功越多，由此可比较电流通过A、B做功的大小，进而判断选项。
【解析】
1. 判断电阻大小：
导体A、B由同种材料制成，长度相同，A的横截面积大于B，根据影响电阻大小的因素，可得 $ R_A ＜ R_B $。
2. 分析电路特点：
由图可知，A、B串联在电路中，根据串联电路的电流规律，通过A、B的电流 $ I_A = I_B = I $，且通电时间 $ t $ 相同。
3. 比较电功大小：
根据电功公式 $ W = I^2Rt $，在电流 $ I $ 和通电时间 $ t $ 相同的情况下，电阻越大，电流做的功越多。
因为 $ R_A ＜ R_B $，所以 $ W_A ＜ W_B $，故选项B正确。
【答案】
B
【知识点】
串联电路电流规律；影响电阻的因素；电功的计算
【点评】
本题综合考查了影响电阻的因素、串联电路的电流特点以及电功公式的应用，需要将多个知识点结合起来分析，解题的关键是先准确判断A、B的电阻大小，再利用相关公式比较电功大小。
【难度系数】
0.6
【分析】
首先明确电动机是非纯电阻用电器，电流通过电动机做功时，电能会转化为两种形式的能量：一是内能（产生的热量），二是机械能（产生的动能）。根据能量守恒定律，电流做的功等于消耗的电能，而消耗的电能全部转化为内能和机械能时，电流做功的最小值就是这两种能量的总和。因此我们只需要将产生的热量和动能相加，就能得到电流至少做的功。
【解析】
电动机属于非纯电阻电路，电流做功的过程中，电能转化为动能（机械能）和内能（热量）。
根据能量守恒定律，电流做的功等于转化得到的动能与产生的热量之和，即：
$ W = Q + W_{\mathrm{动}} $
代入数据：
$ W = 12000\,\mathrm{J} + 36000\,\mathrm{J} = 48000\,\mathrm{J} $
因此电流做功至少为48000J，对应选项D。
【答案】
D
【知识点】
非纯电阻电路能量转化、能量守恒定律
【点评】
本题考查非纯电阻电路的能量转化规律，核心是区分纯电阻与非纯电阻电路的能量转化差异：纯电阻电路中电能全部转化为内能，而非纯电阻电路（如电动机）中电能会同时转化为内能和机械能。解题需紧扣能量守恒定律，避免错误认为电流做功仅等于产生的热量。
【难度系数】
0.7
【分析】
要解决这道题，首先需要回忆电功的核心计算公式。电功的定义式为$ W = UIt $，其中$ W $代表电流做的功，$ U $是这段电路两端的电压，$ I $是电路中的电流，$ t $是通电时间。
我们可以结合这个公式逐一分析选项：
1. 选项A只有电流和通电时间，缺少电压，无法确定电功大小；
2. 选项B只有电流和电压，缺少通电时间，同样无法确定电功；
3. 选项D中的电阻不是电功定义式里的直接决定因素，虽然可通过欧姆定律推导，但不是电流做功多少的直接决定物理量；
4. 只有选项C包含了电功定义式中的全部三个物理量，能直接决定电功的大小。
【解析】
根据电功的定义式$ W = UIt $（$ W $为电功，$ U $为电路两端电压，$ I $为电路中的电流，$ t $为通电时间），可知电流在一段电路中做功的多少由电流、通电时间和这段电路两端的电压共同决定：
选项A：缺少电压，无法确定电功大小，错误；
选项B：缺少通电时间，无法确定电功大小，错误；
选项C：包含了电流、通电时间和电路两端电压，符合电功定义式的决定因素，正确；
选项D：电路的电阻不是电功的直接决定因素，错误。
【答案】
C
【知识点】
电功的计算公式
【点评】
本题重点考查对电功定义式的理解，核心是牢记$ W=UIt $，明确电功由电压、电流、通电时间共同决定，避免被无关物理量（如电阻）干扰。
【难度系数】
0.7
【分析】
要解决这道题，需先明确三种用电器的能量转化特点：电熨斗利用电流热效应工作，电能主要转化为内能；电扇的核心是电动机，主要将电能转化为机械能，仅少量电能因发热转化为内能；电视机则将电能转化为光能、声能和少量内能。在消耗电能相等的前提下，哪种用电器的能量主要转化为目标形式，它转化的该形式能量就最多，据此对比三者的能量转化方向即可得出答案。
【解析】
1. 电熨斗工作时，电能几乎全部转化为内能，其他形式能量损耗极少；
2. 电扇工作时，电能主要转化为机械能，只有小部分因电机发热转化为内能；
3. 电视机工作时，电能分散转化为光能、声能和少量内能，无单一能量形式占绝对主导。
当消耗的电能相等时，电熨斗转化为内能的比例最高，故转化内能最多；电扇转化为机械能的比例最高，故转化机械能最多。
【答案】
电熨斗；电扇
【知识点】
用电器的能量转化、电流的热效应
【点评】
本题属于物理基础概念题，考查常见家用电器的能量转化特点，要求学生熟悉不同用电器的工作原理及能量转化方向，侧重对物理生活常识的掌握与应用。
【难度系数】
0.8
【分析】
要解决这道电能单位换算题，首先需明确电能单位kW·h（千瓦时）与J（焦耳）之间的换算进率：$1\ \mathrm{kW·h}=3.6×10^6\ \mathrm{J}$。
对于第一空，将kW·h换算为J，属于大单位换算为小单位，需用数值乘以换算进率；
对于第二空，将J换算为kW·h，属于小单位换算为大单位，需用数值除以换算进率。
【解析】
1. 计算$0.2\ \mathrm{kW·h}$换算为$\mathrm{J}$：
已知$1\ \mathrm{kW·h}=3.6×10^6\ \mathrm{J}$，则：
$0.2\ \mathrm{kW·h}=0.2×3.6×10^6\ \mathrm{J}=7.2×10^5\ \mathrm{J}$
2. 计算$1.8×10^5\ \mathrm{J}$换算为$\mathrm{kW·h}$：
$1.8×10^5\ \mathrm{J}=\frac{1.8×10^5}{3.6×10^6}\ \mathrm{kW·h}=0.05\ \mathrm{kW·h}$
【答案】
$7.2×10^{5}$；0.05
【知识点】
电能单位换算
【点评】
本题考查电能单位kW·h与J的换算，属于电学基础题型。解题关键是牢记$1\ \mathrm{kW·h}=3.6×10^6\ \mathrm{J}$的换算关系，掌握“大单位化小单位乘进率，小单位化大单位除以进率”的换算方法即可正确解答。
【难度系数】
0.9
【分析】
要解决这道题，我们可以分两步思考：
1. 求灯泡的电阻：已知灯泡两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律的变形公式$R=\frac{U}{I}$，代入已知数值即可计算出电阻。
2. 求工作0.5min消耗的电能：已知电压、电流和工作时间，利用电功公式$W=UIt$计算，注意要先把时间单位从分钟转换为秒（国际单位），再代入数值计算。
【解析】
1. 计算灯泡的电阻：
已知电源电压$U=3\mathrm{V}$，通过灯泡的电流$I=0.3\mathrm{A}$，根据欧姆定律 $ R = \frac{U}{I} $，代入数据得：
$ R = \frac{3\mathrm{V}}{0.3\mathrm{A}} = 10\Omega $
2. 计算消耗的电能：
首先转换时间单位，$ t = 0.5\mathrm{min} = 0.5 × 60\mathrm{s} = 30\mathrm{s} $
根据电功公式 $ W = UIt $，代入数据得：
$ W = 3\mathrm{V} × 0.3\mathrm{A} × 30\mathrm{s} = 27\mathrm{J} $
【答案】
10；27
【知识点】
欧姆定律的应用；电功的计算
【点评】
本题考查欧姆定律和电功公式的基础应用，解题关键是牢记公式并注意物理量单位的统一（时间需转换为国际单位秒），属于基础题型，难度较低。
【难度系数】
0.8
【分析】
要解决此题，我们可借助电功的计算公式推导电流大小。首先明确已知条件：灯泡两端电压$ U=6V $，通电时间$ t=2min $，消耗的电能$ W=108J $。回忆电功公式$ W=UIt $，将其变形为$ I=\frac{W}{Ut} $即可求解电流。需注意时间单位需统一为国际单位制中的秒，先把$ 2min $转换为$ 120s $，再代入公式计算。
【解析】
已知：$ U=6V $，$ t=2min=2×60s=120s $，$ W=108J $
根据电功公式$ W = UIt $，变形得到电流的计算公式：
$ I = \frac{W}{Ut} $
将已知数值代入公式：
$ I = \frac{108J}{6V × 120s} = \frac{108}{720}A = 0.15A $
【答案】
0.15
【知识点】
电功的计算、单位换算
【点评】
本题考查电功公式的灵活应用，解题关键是牢记电功公式并保证物理量单位统一（时间需转换为秒），属于电学基础题型，掌握相关公式和单位换算规则即可顺利解答。
【难度系数】
0.8
【分析】
要解决此问题，需利用电能的计算公式推导时间。首先回忆电能公式$W=UIt$，题目已知电能$W$、电压$U$、电流$I$，要求通电时间$t$，需将公式变形为$t=\frac{W}{UI}$。解题时要先统一单位，把电流的毫安单位转换为安，计算出的时间为秒，最后再转换为分钟，得到符合题目要求的答案。
【解析】
1. 统一单位：
已知电流$ I = 30mA = 30×10^{-3}A = 0.03A $。
2. 公式变形求时间：
根据电能公式$ W = UIt $，变形可得$ t = \frac{W}{UI} $。
将$ W=108J $，$ U=12V $，$ I=0.03A $代入公式：
$ t = \frac{108J}{12V×0.03A} = 300s $。
3. 转换时间单位：
因为$ 1min=60s $，所以$ 300s = \frac{300}{60}min = 5min $。
【答案】
5
【知识点】
电能的计算、单位换算
【点评】
本题考查电能公式的灵活应用，核心是准确进行单位换算，将电流单位从毫安转换为安，最终时间从秒转换为分钟，属于基础题型，侧重对公式运用和单位换算能力的考查。
【难度系数】
0.8
【分析】
要解决该问题，首先需明确电能表参数的物理意义：通常此类电能表参数为“1200imp/(kW·h)”，表示每消耗1kW·h的电能，脉冲指示灯闪烁1200次。解题思路为：先根据指示灯闪烁次数与电能表参数的比值，计算出电视机待机消耗的电能（单位为kW·h），再将电能单位换算为焦耳。具体步骤：第一步，通过闪烁次数求出对应消耗的电能（kW·h）；第二步，利用单位换算关系将kW·h转换为J。
【解析】
已知电能表参数为$1200\ \mathrm{imp/(kW·h)}$（即每消耗$1\ \mathrm{kW·h}$电能，脉冲指示灯闪烁1200次）。
1. 计算电视机待机2h消耗的电能（以$\mathrm{kW·h}$为单位）：
$W = \frac{24\ \mathrm{次}}{1200\ \mathrm{次/(kW·h)}} = 0.02\ \mathrm{kW·h}$
2. 进行单位换算（$1\ \mathrm{kW·h}=3.6×10^6\ \mathrm{J}$）：
$W = 0.02\ \mathrm{kW·h} × 3.6×10^6\ \mathrm{J/kW·h} = 7.2×10^4\ \mathrm{J}$
【答案】
$7.2×10^{4}$
【知识点】
电能表参数理解、电能单位换算
【点评】
本题考查电能表的应用及电能计算，关键是理解电能表参数的物理意义，掌握电能单位$\mathrm{kW·h}$与$\mathrm{J}$的换算关系，属于电学基础题型，侧重对基本概念和单位换算的考查。
【难度系数】
0.8
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