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解：
(1) 本月用电量$W=951.6\ \mathrm{kW·h}-811.6\ \mathrm{kW·h}=140\ \mathrm{kW·h}$
解：
(2) 电流做功$W=UIt=220\ \mathrm{V}×4.5\ \mathrm{A}×10×60\ \mathrm{s}=5.94×10^5\ \mathrm{J}$
消耗的电能$W=5.94×10^5\ \mathrm{J}=0.165\ \mathrm{kW·h}$
脉冲指示灯闪烁次数$n=0.165\ \mathrm{kW·h}×3200\ \mathrm{imp/(kW·h)}=528$次
解：
(1) 当油面在A处时，滑动变阻器接入电阻为0，
由欧姆定律得$R'=\frac{U}{I}=\frac{6\ \mathrm{V}}{0.5\ \mathrm{A}}=12\ \Omega$
解：
(2) 当油面在B处时，滑动变阻器接入最大电阻，
总电阻$R_总=R'+R=12\ \Omega+48\ \Omega=60\ \Omega$
电路电流$I'=\frac{U}{R_总}=\frac{6\ \mathrm{V}}{60\ \Omega}=0.1\ \mathrm{A}$
1min内电流做功$W=UI't=6\ \mathrm{V}×0.1\ \mathrm{A}×60\ \mathrm{s}=36\ \mathrm{J}$
研究电功与电压的关系时，应保持通过灯泡的电流相等，使两个灯泡两端的电压不相等，根据灯泡的亮度判断电流通过哪个灯泡做的电功多。因此，应把两个灯泡串联起来接入电路，如图所示。

【分析】
(1) 计算本月用电量，需用本月底电能表的示数减去上月底的示数，先确定本月底电能表的示数为$951.6\ \mathrm{kW·h}$，再进行减法运算即可。
(2) 计算电流做功，可利用公式$W=UIt$，注意要将时间单位换算为秒；计算脉冲指示灯闪烁次数，先把电功单位换算为$\mathrm{kW·h}$，再结合电能表参数$3200\ \mathrm{imp/(kW·h)}$的物理意义进行计算。
【解析】
(1) 由图可知本月底电能表的示数为$951.6\ \mathrm{kW·h}$，
本月用电量：
$W_{\mathrm{月}} = 951.6\ \mathrm{kW·h} - 811.6\ \mathrm{kW·h} = 140\ \mathrm{kW·h}$
(2) ① 已知$U=220\ \mathrm{V}$，$I=4.5\ \mathrm{A}$，$t=10\ \mathrm{min}=10×60\ \mathrm{s}=600\ \mathrm{s}$，
根据电功公式$W=UIt$，电流做的功：
$W = 220\ \mathrm{V}×4.5\ \mathrm{A}×600\ \mathrm{s} = 5.94×10^5\ \mathrm{J}$
② 将电功单位换算为$\mathrm{kW·h}$：
$W = 5.94×10^5\ \mathrm{J} = \frac{5.94×10^5}{3.6×10^6}\ \mathrm{kW·h} = 0.165\ \mathrm{kW·h}$
电能表参数$3200\ \mathrm{imp/(kW·h)}$表示每消耗$1\ \mathrm{kW·h}$的电能，指示灯闪烁3200次，
则指示灯闪烁次数：
$n = 0.165\ \mathrm{kW·h}×3200\ \mathrm{imp/(kW·h)} = 528$次
【答案】
(1) $\boldsymbol{140\ \mathrm{kW·h}}$
(2) 电流做功$\boldsymbol{5.94×10^5\ \mathrm{J}}$，脉冲指示灯闪烁$\boldsymbol{528}$次
【知识点】
电能表读数，电功计算，电能表参数应用
【点评】
本题考查电能表的使用与电功的计算，解题时需注意单位的统一与换算，理解电能表参数的物理意义是解题的关键。
【难度系数】
0.7
【分析】
首先解决第(1)问：当油面在A处时，滑动变阻器的滑片在最下端，此时滑动变阻器接入电路的电阻为0，电路为$R'$的简单电路，已知电源电压和此时的电流，根据欧姆定律的变形式可求出$R'$的阻值。
接着解决第(2)问：当油面在B处时，滑动变阻器的滑片在最上端，此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，先计算电路总电阻，再根据欧姆定律求出电路电流，最后利用电功公式计算1分钟内电流做的功。
【解析】
(1) 当油面在A处时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，电路为$R'$的简单电路。
根据欧姆定律$I=\frac{U}{R}$可得，$R'$的阻值：
$R'=\frac{U}{I}=\frac{6\ \mathrm{V}}{0.5\ \mathrm{A}}=12\ \Omega$
(2) 当油面在B处时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，此时电路的总电阻：
$R_{总}=R'+R=12\ \Omega+48\ \Omega=60\ \Omega$
此时电路中的电流：
$I'=\frac{U}{R_{总}}=\frac{6\ \mathrm{V}}{60\ \Omega}=0.1\ \mathrm{A}$
1min即60s内电流做的功：
$W=UI't=6\ \mathrm{V}×0.1\ \mathrm{A}×60\ \mathrm{s}=36\ \mathrm{J}$
【答案】
(1) $R'$的阻值为$12\Omega$；(2) 1min内电流做的功为$36\mathrm{J}$。
【知识点】
欧姆定律的应用、电功的计算
【点评】
本题结合实际装置考查了欧姆定律和电功公式的应用，关键是明确油面在不同位置时滑动变阻器的接入电阻情况，属于基础应用型题目。
【难度系数】
0.6
【分析】
要研究电功与电压的关系，需运用控制变量法：首先明确电功的影响因素包括电压、电流和通电时间，因此要控制电流和通电时间这两个变量相同，只改变电压这一研究变量。
接着分析电路连接方式：串联电路的特点是各处电流相等，恰好能满足电流相同的控制条件；选择两个规格不同的灯泡，它们的电阻不同，串联时根据U=IR，两端电压会不同，实现电压变量的改变。另外，电功的多少无法直接观测，可通过灯泡的亮度间接判断（转换法），因为相同时间内，电流做功越多，灯泡实际功率越大，亮度越亮。所以电路设计的关键是利用串联电路的电流特点来控制电流相等，从而实现研究电功与电压关系的目的。
【解析】
根据控制变量法的实验要求，研究电功与电压的关系时，需控制通过用电器的电流和通电时间相同，改变用电器两端的电压。
1. 电路设计：将两个规格不同的灯泡串联接入电路。由于串联电路中电流处处相等，能保证通过两个灯泡的电流相同；而规格不同的灯泡电阻不同，串联时两端电压不同，满足变量控制的要求。
2. 电功判断：通电后，通过观察灯泡的亮度来判断电流做功的多少。灯泡越亮，说明相同时间内电流通过该灯泡做的电功越多。
【答案】
应将两个规格不同的灯泡串联接入电路，利用串联电路电流处处相等的特点，控制通过灯泡的电流和通电时间相同，使两个灯泡两端电压不同；通过灯泡的亮度判断电流做功的多少，灯泡越亮，电流做的电功越多。
【知识点】
控制变量法、电功的影响因素、串联电路电流特点
【点评】
本题聚焦电功影响因素的实验电路设计，核心是控制变量法与转换法的综合应用。通过串联电路实现电流的控制，用灯泡亮度间接反映电功的多少，充分体现了物理实验中“控制变量”和“转换”的研究思想，是电学基础实验的典型考查内容。
【难度系数】
0.7
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