【分析】
我们首先明确解题核心是利用吸热公式$Q=cm\Delta t$的变形$c=\frac{Q}{m\Delta t}$，结合题目给出的质量、吸热、升温的已知条件，先推导三个物体的比热容大小关系，再逐一验证每个选项是否正确：
1. 先整理已知条件：质量关系$m_甲=m_乙＞m_丙$，从柱状图得吸热关系$Q_甲=Q_乙=Q$，$Q_丙=2Q$，升温关系$\Delta t_甲＜\Delta t_乙=\Delta t_丙$。
2. 先对比甲、乙：两者吸热相等、质量相等，升温甲更小，因此甲的比热容大于乙；再对比乙、丙：两者升温相等，丙吸热是乙的2倍，且$m_乙＞m_丙$，代入公式可推导出丙的比热容大于乙的2倍，由此可知三者中乙的比热容最小。
3. 再逐个分析选项，排除错误选项得到正确结论。
【解析】
解：
已知条件整理：
① 质量：$m_甲=m_乙＞m_丙$；
② 吸收热量：由图可知$Q_甲=Q_乙=Q$，$Q_丙=2Q$；
③ 升高温度：$\Delta t_甲＜\Delta t_乙=\Delta t_丙$。
根据比热容定义式$c=\frac{Q}{m\Delta t}$推导：
1. 对比甲、乙：$Q_甲=Q_乙$，$m_甲=m_乙$，$\Delta t_甲＜\Delta t_乙$，代入得$c_甲=\frac{Q}{m_甲\Delta t_甲}$，$c_乙=\frac{Q}{m_乙\Delta t_乙}$，因此$c_甲＞c_乙$。
2. 对比乙、丙：$Q_丙=2Q_乙$，$\Delta t_乙=\Delta t_丙$，$m_乙＞m_丙$，代入得$c_丙=\frac{2Q}{m_丙\Delta t_丙}$，$c_乙=\frac{Q}{m_乙\Delta t_乙}$，两式作比可得$\frac{c_丙}{c_乙}=\frac{2m_乙}{m_丙}$，由于$m_乙＞m_丙$，因此$\frac{c_丙}{c_乙}＞2$，即$c_丙＞2c_乙$。
逐一判断选项：
选项A：由推导可知三者中$c_乙$最小，并非甲的比热容最小，A错误。
选项B：推导得$c_丙＞2c_乙$，并非等于2倍，B错误。
选项C：末温$t=t_0+\Delta t$，已知$\Delta t_甲＜\Delta t_乙$，若甲的初温$t_{0甲}$高于乙的初温$t_{0乙}$，是可以满足$t_{0甲}+\Delta t_甲 = t_{0乙}+\Delta t_乙$的，即两者末温有可能相等，C错误。
选项D：物体放热公式为$Q_放=cm\Delta t$，若降低相同温度$\Delta t$：
甲和乙对比：$c_甲＞c_乙$，$m_甲=m_乙$，因此$Q_{甲放}＞Q_{乙放}$；
乙和丙对比：由$c_丙 m_丙=2c_乙 m_乙$，代入放热公式得$Q_{丙放}=c_丙 m_丙 \Delta t=2c_乙 m_乙 \Delta t=2Q_{乙放}$，因此$Q_{丙放}＞Q_{乙放}$；
综上可得乙放出的热量一定最少，D正确。
【答案】D
【知识点】热量公式应用，比热容计算
【点评】本题属于比热容的定性推导题型，重点考察对吸热、放热公式的灵活变形应用，需要注意控制变量的分析逻辑，避免忽略质量的大小关系误判B选项，同时要明确“升高的温度”和“末温”是完全不同的物理量，不要混淆概念错选C。
【难度系数】0.6
