答案：3.(1)铜 (2)D (3)不可再生 (4)电磁波 (5)25 (6)2000 1:10000 (7)32.4 解析：(1)发电机的线圈电阻越小，相同条件下产生的热量越少，越安全且发电效率越高，铜的电阻较小，镍铬合金的电阻较大，因此线圈的材料可能是铜；超导体的电阻为零，但是在常温下不易获得超导材料.(2)在输送功率不变时，提高输电电压，输电线的电流$I=\frac{P}{U}$变小，而输电线电阻不变，输电线上损失电能的功率即发热的功率$P_{损}=I^{2}R$变小，故A、B错误；在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电线的电流$I=\frac{P}{U}$越大，在输电线电阻不变时，输电线上损失电能的功率即发热的功率$P_{损}=I^{2}R$越大，所以输电过程中的电能损失越大，故C错误；若能研制出常温下的超导体，用它制作远距离输电导线，由于导线没有电阻，输电过程中电能没有损失，就不需要高压输电，故D正确.(3)核电站是利用可控的核裂变发电，核能属于不可再生能源.(4)发电站各个车间负责人分工合作，有时需要手机联系，手机之间的信号属于电磁波.(5)由图3可知，电压表测甲地到短路处之间输电导线两端的电压，电流表测电路中的电流，由$I=\frac{U}{R}$可得，输电导线的总电阻$R_{总}=\frac{U}{I}=\frac{3V}{0.2A}=15\Omega，$因每条输电线每千米的电阻$R=0.3\Omega，$所以，输电导线的总长度$L_{总}=\frac{15\Omega}{0.3\Omega/km}=50km，$则短路位置离甲地的距离$L'=\frac{1}{2}L_{总}=\frac{1}{2}×50km=25km.(6)$由短文知发电厂输出电功率$P=2×10^{7}W，$用10kV的高压输电，根据P=UI可得，高压输电时的输电电流$I_{0}=\frac{P}{U_{0}}=\frac{2×10^{7}W}{10×10^{3}V}=2000A，$在输送功率不变时，若改用1000kV的电压输电，此时的输电电流$I_{0}'=\frac{P}{U_{0}'}=\frac{2×10^{7}W}{1000×10^{3}V}=20A，$输电线上的热损耗功率$P_{损}=I'^{2}R，$电阻不变时，电功率之比等于电流平方之比，则导线上的热损耗功率与原来导线上的热损耗功率之比$\frac{P_{损}'}{P_{损}}=\frac{I_{0}'^{2}}{I_{0}^{2}}=\frac{(20A)^{2}}{(2000A)^{2}}=\frac{1}{10000}.(7)$由题意可知，供电过程的简化电路为所有用电器并联后与$R_{线}=0.2\Omega$的输电线串联，设居民楼内所有用电器两端的电压为$U_{实}，$则输电线两端的电压为$220V-U_{实}，$由欧姆定律可得$I_{总}=\frac{220V-U_{实}}{R_{线}}，$由题意知$P_{总}=21.78kW=21780W，$由P=UI可得，所有用电器的总电流$I_{总}=\frac{P_{总}}{U_{实}}=\frac{21780W}{U_{实}}，$则$\frac{21780W}{U_{实}}=\frac{220V-U_{实}}{0.2\Omega}，$解得$U_{实}=198V.$由$P=\frac{U^{2}}{R}$可得，“220V 40W”灯泡的电阻$R_{L}=\frac{U_{额}^{2}}{P_{额}}=\frac{(220V)^{2}}{40W}=1210\Omega，$不考虑灯泡电阻的变化，则灯泡的实际功率$P_{实}=\frac{U_{实}^{2}}{R_{L}}=\frac{(198V)^{2}}{1210\Omega}=32.4W.$