答案：8.B

答案：9.B

答案：10.C 解析：由图可知，甲的速度$v_{甲}=\frac{s_{甲}}{t_{甲}}=\frac{10m}{4s}=2.5m/s$、乙的速度$v_{乙}=\frac{s_{乙}}{t_{乙}}=\frac{10m}{5s}=2m/s$，则甲的速度比乙的速度大，故A、B正确；甲、乙运动的路程均为$10m$，由图可知，甲运动的时间为$4s$，乙运动的时间为$5s$，则甲的运动时间比乙少了$1s$，故C错误；由图可知，前$4s$，甲运动了$10m$，乙运动了$8m$，则甲比乙多行驶$2m$，故D正确.

答案：11.D 解析：正方体物块A的棱长$l_{A}=10cm=0.1m$，则其密度$\rho_{A}=\frac{m_{A}}{V_{A}}=\frac{3kg}{(0.1m)^{3}}=3×10^{3}kg/m^{3}=3g/cm^{3}$，故A错误；B在A正上方时，A对桌面的压力$F=G_{A}+G_{B}=(m_{A}+m_{B})g=(3kg+1kg)×10N/kg=40N$，则此时A对桌面的压强$p=\frac{F}{S}=\frac{F}{l_{A}^{2}}=\frac{40N}{(0.1m)^{2}}=4000Pa$，故B错误；由题意知，B被竖切下来的部分对水平桌面的压强为$p=4000Pa$，竖切下来的部分与B相比，高度、密度均不变，则由柱体压强公式$p=\rho gh$可知，切割前B对A的压强也为$p=4000Pa$，切割前B对A的压力$F_{BA}=G_{B}=m_{B}g=1kg×10N/kg=10N$，设B的棱长为$l_{B}$，则$p=\frac{F_{BA}}{S_{B}}=\frac{F_{BA}}{l_{B}^{2}}=4000Pa$，即$\frac{10N}{l_{B}^{2}}=4000Pa$，解得$l_{B}=0.05m=5cm$，由$p=\rho gh$可得，$4000Pa=\rho_{B}×10N/kg×0.05m$，解得B的密度$\rho_{B}=8×10^{3}kg/m^{3}=8g/cm^{3}$，故C错误、D正确.

答案：12.B 解析：由图可知，$R_{1}$和$R_{2}$串联，电压表测量$R_{1}$两端的电压.若将检测物取走，$R_{2}$受到的压力减小，则$R_{2}$的阻值增大，电路的总电阻增大，电路中的电流减小，由$U=IR$可知，$R_{1}$两端的电压即电压表的示数减小，由于电流不为0，则电压表示数不为0，即压力表指针不在$0V$的位置，故A错误.放置检测物体A，将S闭合后，电压表示数为$3V$，$R_{2}$的功率为$0.9W$；当把检测物A换成检测物B时，$R_{2}$的阻值变为上一次检测时的二分之一，电路的总电阻变小，电流变大，由$U=IR$可知，电压表的示数变大，即变为$3V+1.5V=4.5V$，由欧姆定律可得，电源电压$U=I(R_{1}+R_{2})=\frac{U_{1}}{R_{1}}(R_{1}+R_{2})$，代入数据有$U=\frac{3V}{R_{1}}(R_{1}+R_{2})$、$U=\frac{4.5V}{R_{1}}(R_{1}+0.5R_{2})$，联立解得$R_{1}=0.5R_{2}$，$U=9V$；第一次检测时电压表示数为$3V$，$R_{2}$两端的电压$U_{2}=U-U_{1}=9V-3V=6V$，$R_{2}$的功率为$0.9W$，由$P=\frac{U^{2}}{R}$可得，此时力敏电阻$R_{2}=\frac{U_{2}^{2}}{P_{2}}=\frac{(6V)^{2}}{0.9W}=40\Omega$，则$R_{1}=0.5R_{2}=20\Omega$，此时电路的总功率$P=\frac{U^{2}}{R_{1}+R_{2}}=\frac{(9V)^{2}}{20\Omega+40\Omega}=1.35W$，第二次检测时电路的总功率$P'=\frac{U^{2}}{R_{1}+0.5R_{2}}=\frac{(9V)^{2}}{20\Omega+20\Omega}=2.025W$，则前后两次检测电路总功率变化了$\Delta P=P'-P=2.025W-1.35W=0.675W$，故B正确.若升降机匀速直线上升，其速度变大时，检测物仍受力平衡，所受支持力仍等于重力，检测物对托盘的压力不变，压力表示数不变，故C错误.若升降机直线上升时，速度由匀速变为加速，此时托盘所受压力大于检测物的重力，则压力增大，因为$R_{2}$的阻值随压力增大而减小，所以$R_{2}$阻值变小，故D错误.