【分析】
这是一道热学概念辨析题，我们可以结合温度、热量、内能的定义和性质，逐个排查选项：首先回忆内能的普遍特性判断A的正误；再明确热量属于过程量的属性，排查B的表述错误；接着结合改变内能的两种途径，验证内能增加的可能原因；最后区分热传递的转移对象，排查温度和热量的概念混淆问题，最终选出正确答案。
【解析】
我们逐一分析每个选项：
1. 选项A：一切物体在任何温度下都具有内能，即使温度低于0℃，物体内的分子也在永不停息做无规则运动，同时存在分子势能，因此该选项说法错误。
2. 选项B：热量是热传递过程中传递能量的多少，属于过程量，只能描述为吸收或放出热量，不能说物体“含有热量”，该选项表述不符合物理规范，错误。
3. 选项C：改变物体内能的方式有热传递和做功两种，物体内能增加，既可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，“可能是吸收了热量”的表述完全成立，该选项正确。
4. 选项D：热传递过程中转移的是热量（内能），并非温度，温度是描述物体冷热程度的状态量，不能发生传递，该选项错误。
综上，正确答案为C。
【答案】C
【知识点】内能的概念，热量的定义，改变内能的方式
【点评】本题属于热学经典易错题，重点考察学生对三个易混热学概念的辨析能力，需要明确区分状态量和过程量的规范表述，规避“物体含有热量”“温度发生传递”这类常见认知误区。
【难度系数】0.6

【分析】
拿到这道题首先要明确改变物体内能的两种途径的核心区别：热传递的本质是内能的转移，内能从高温物体自发传递到低温物体，没有其他形式的能量参与转化；做功改变内能的本质是其他形式的能量与内能之间的相互转化。接下来逐个排查选项，判断每个实例的能量变化本质，就能选出符合“通过做功改变内能”的选项。
【解析】
A选项：冰镇西瓜是低温的冰吸收西瓜的内能，使西瓜内能降低，属于热传递改变内能，不符合题意；
B选项：炭火烤肉是高温炭火的内能传递给低温的肉，使肉的内能增加，属于热传递改变内能，不符合题意；
C选项：围炉煮茶是炉的高温将内能传递给茶壶和茶水，使茶水内能增加升温，属于热传递改变内能，不符合题意；
D选项：钻木取火是通过克服摩擦力做功，将机械能转化为木头的内能，使木头温度升高达到燃点起火，是通过做功的方式改变内能，符合题意。
【答案】
D
【知识点】
改变内能的方式；做功改变内能；热传递改变内能
【点评】
本题属于内能相关的基础概念辨析题，解题关键是抓住两种改变内能方式的本质差异：做功是不同形式能量的转化，热传递是内能的转移，结合生活常见实例即可快速判断，整体难度较低。
【难度系数】
0.9

【分析】
这道题要求选出内能转化为机械能的实例，解题的核心思路是逐个判断每个过程中能量的转化形式：先明确过程中消耗的能量类型，再明确最终得到的能量类型，对比是否符合“内能减少、机械能增加”的特征。首先回忆做功改变内能的两类情况：对物体做功，是机械能转化为内能，物体内能增加；物体对外做功，是内能转化为机械能，自身内能减少。接下来逐一排查四个选项：A弯折铁丝是人对铁丝做功，B摩擦生热是摩擦力对物体做功，D压缩空气是活塞对空气做功，这三个都是外界对物体做功，属于机械能转内能，只有C是蒸汽对外做功，符合内能转机械能的要求。
【解析】
我们对每个选项逐一分析：
A. 弯折铁丝发烫：人对铁丝反复弯折做功，消耗机械能，铁丝内能增大温度升高，是机械能转化为内能，不符合题意；
B. 臀部摩擦发热：小孩下滑过程中克服滑梯的摩擦力做功，消耗机械能，臀部内能增大发热，是机械能转化为内能，不符合题意；
C. 蒸汽顶起壶盖：高温水蒸气推动壶盖向上运动，水蒸气自身的内能减小，壶盖获得动能和重力势能（机械能），属于内能转化为机械能，符合题意；
D. 压缩点燃棉花：下压活塞对筒内空气做功，消耗机械能，空气内能增大温度升高点燃棉花，是机械能转化为内能，不符合题意。
综上，答案选C。
【答案】
C
【知识点】
内能与机械能的转化；做功改变物体内能
【点评】
本题属于热学基础概念辨析题，考查对不同做功过程能量转化的区分，易错点是混淆“外界对物体做功”和“物体对外做功”的能量流向，只要明确能量的消耗和获得形式就能快速做出判断，是内能章节的典型常考题型。
【难度系数】
0.8

【分析】
我们可以按如下思路推导：首先回忆比热容的核心规律，相同质量的不同物质，吸收相同热量时比热容大的升温更慢，放出相同热量时比热容大的降温更慢。先提取题图信息：海水一侧温度高，海滩沙石一侧温度低。接下来分别对应中午、夜晚的场景验证：如果是中午，太阳照射下海水和沙滩同时吸热，水的比热容比沙石大，水升温比沙石慢，此时沙滩温度应该高于海水，和题图不符；如果是夜晚，没有太阳辐射，海水和沙滩同时向外放热，水降温比沙石慢，海水温度会高于沙滩，完全符合题图特征，由此就能得到结论。
【解析】
1. 从图示信息可得：当前海水的温度比海滩沙石的温度更高。
2. 已知水的比热容大于沙石的比热容，相同质量的水和沙石，吸收相等热量时水升温幅度小，放出相等热量时水降温幅度小。
3. 中午时段二者同时吸收太阳的热量，沙石升温更快，温度会高于海水，和图示现象不符；夜晚时段二者同时向外界放热，沙石降温更快，温度低于海水，和图示现象完全吻合，因此观察时间为夜晚，该现象的成因是水的比热容比沙石大。
【答案】
夜晚；比热容
【知识点】
比热容；水的比热容特性
【点评】
本题结合海边温度变化的生活化场景，考查对比热容物理意义的理解与实际应用，易错点是混淆白天、夜晚水和沙石的温度高低关系，解题时紧扣“比热容大的物质温度变化幅度更小”的核心规律推导即可，属于基础概念应用题。
【难度系数】
0.7

【分析】
这道题围绕不同物质吸热升温的探究实验展开，我们可以按三步推导：第一，该实验要对比不同物质的吸热升温特性，根据控制变量法的要求，必须保证沙子和水的质量相等，排除质量差异对实验结果的干扰；第二，实验使用完全相同的热源，相同时间内热源释放的热量是一致的，因此单位时间内两种物质吸收的热量也相等，这样就能用加热时间间接代表物质吸收的热量多少；第三，结合吸热公式可知，质量相同的不同物质吸收相等热量时，比热容越小升温越快，沙子的比热容远小于水，所以升温速率更快，对应图中温度上升更陡的a线。
【解析】
1. 探究不同物质吸热升温规律时，为了保证实验的公平性，需要控制沙子和水的质量相等，因此第一空填质量。
2. 选用相同的热源和加热方式，单位时间内热源提供的热量相同，因此沙子和水在单位时间内吸收的热量相等，第二空填相等。
3. 由吸热公式$Q_{吸}=cm\Delta t$可知，当质量m相同、吸收热量$Q_{吸}$相同时，比热容c越小，温度升高量$\Delta t$越大。沙子的比热容小于水，所以相同加热时间下沙子升温更快，图线a的温度上升速率更大，因此a是沙子的温度变化图像。
【答案】
质量 相等 沙子
【知识点】
控制变量法，比热容，吸热公式
【点评】
本题是热学探究实验的基础常考题，重点考察实验设计的控制变量逻辑、相同热源的物理含义，以及比热容对升温特性的影响，整体贴合课本核心实验内容，只要掌握实验基本原理就可以顺利作答。
【难度系数】
0.8

【分析】
我们可以分步骤梳理解题思路：1. 首先判断内能大小：冰属于晶体，熔化过程持续吸热但温度不变，吸热会让内能增加，B点是熔化起始时刻，C点是熔化结束时刻，从B到C全程都在吸热，因此C点内能比B点大。2. 计算比热容之比：题目说明加热器发热均匀，相同时间内物质吸收的热量相等，先分别读出AB段、CD段的加热时长和温度变化量，结合吸热公式Q=cmΔt，利用质量相同的条件，代入热量、温度变化的比例关系，就能推导得到比热容的比值。3. 计算BC段吸热量：先通过CD段已知的水的比热容，算出CD段的总吸热量，得到单位时间内物质吸收的热量，再乘以BC段的总加热时长，即可得到BC段的总吸热量。4. 判断比热容变化：比热容是物质的固有属性，只和物质种类、状态有关，和质量没有关系，因此倒掉部分物质后比热容不变。
【解析】
1. 晶体熔化过程中持续吸热，温度保持0℃不变，内能不断增大，从B点到C点物质一直在吸收热量，因此C点时物质的内能大于B点时物质的内能。
2. 设加热器每分钟提供的热量为Q：
AB段加热时长$t_{AB}=5\mathrm{min}$，吸收热量$Q_{AB}=5Q$，温度变化$\Delta t_{AB}=0°\mathrm{C}-(-20°\mathrm{C})=20°\mathrm{C}$；
CD段加热时长$t_{CD}=55\mathrm{min}-45\mathrm{min}=10\mathrm{min}$，吸收热量$Q_{CD}=10Q$，温度变化$\Delta t_{CD}=20°\mathrm{C}-0°\mathrm{C}=20°\mathrm{C}$；
两段物质质量均为$m=0.5\mathrm{kg}$，由$Q=cm\Delta t$变形得$c=\frac{Q}{m\Delta t}$，代入可得：
$\frac{c_{AB}}{c_{CD}}=\frac{\frac{Q_{AB}}{m\Delta t_{AB}}}{\frac{Q_{CD}}{m\Delta t_{CD}}}=\frac{\frac{5Q}{m×20°\mathrm{C}}}{\frac{10Q}{m×20°\mathrm{C}}}=\frac{1}{2}$，即$c_{AB}:c_{CD}=1:2$。
3. CD段吸收的总热量：
$Q_{CD}=c_{\mathrm{水}}m\Delta t_{CD}=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg· ° C)}×0.5\mathrm{kg}×20°\mathrm{C}=4.2×10^4\mathrm{J}$，
因此加热器每分钟提供的热量为$\frac{4.2×10^4\mathrm{J}}{10\mathrm{min}}=4.2×10^3\mathrm{J/min}$；
BC段加热时长$t_{BC}=45\mathrm{min}-5\mathrm{min}=40\mathrm{min}$，因此BC段吸收的热量：
$Q_{BC}=40\mathrm{min}×4.2×10^3\mathrm{J/min}=1.68×10^5\mathrm{J}$。
4. 比热容是物质的特性，与物质的质量无关，因此将CD段物质倒掉一半，比热容不变。
【答案】
大于；$1:2$；$1.68× 10^{5}$；不变
【知识点】
晶体熔化内能变化；比热容计算；比热容特性
【点评】
本题结合晶体熔化的温度-时间图像综合考查热学基础知识点，解题核心是利用均匀加热器相同时间供热相等的特点，将时间比例转化为吸热比例简化计算，容易出错的点是忽略晶体熔化时温度不变但内能持续增大的特点，以及混淆比热容和质量的关联。
【难度系数】
0.6