【分析】首先分析电路结构：图甲中$\mathrm{L}_1$与$\mathrm{L}_2$并联，电流表$\mathrm{A}_1$测干路总电流，电流表$\mathrm{A}_2$测$\mathrm{L}_2$支路的电流。根据并联电路电流规律，干路电流等于各支路电流之和，因此干路电流$I$大于$\mathrm{L}_2$的电流$I_2$。由于两电流表指针偏转角度相同，说明它们使用的量程不同，大量程（0~3A）的读数是小量程（0~0.6A）读数的5倍，据此判断量程并计算各支路电流。
【解析】1. 电路分析：$\mathrm{L}_1$、$\mathrm{L}_2$并联，$\mathrm{A}_1$测干路电流$I$，$\mathrm{A}_2$测$\mathrm{L}_2$的电流$I_2$，故$I ＞ I_2$；
2. 量程判断：两表指针偏转相同，说明$\mathrm{A}_1$用0~3A量程，$\mathrm{A}_2$用0~0.6A量程；
3. 电流读取：图乙中，0~0.6A量程分度值为0.02A，读数$I_2=0.44\ \mathrm{A}$；0~3A量程分度值为0.1A，读数$I=2.2\ \mathrm{A}$；
4. 计算$\mathrm{L}_1$的电流：$I_1 = I - I_2 = 2.2\ \mathrm{A} - 0.44\ \mathrm{A} = 1.76\ \mathrm{A}$。
【答案】C
【知识点】并联电路电流规律；电流表的读数
【点评】本题考查并联电路的电流特点和电流表读数，核心是明确干路电流大于支路电流，结合指针偏转相同判断两表量程差异，避免量程误判导致计算错误。
【难度系数】0.5

【分析】首先明确电路结构：$\mathrm{L}_{1}$与$\mathrm{L}_{2}$串联，电压表$\mathrm{V}_{1}$测电源电压，电压表$\mathrm{V}_{2}$测$\mathrm{L}_{2}$两端的电压。正常情况下，电源电压不变，故$\mathrm{V}_{1}$示数始终等于电源电压，不会变大；题目中“一个电压表示数变大”，说明变大的是$\mathrm{V}_{2}$的示数。接下来逐一分析各选项，判断哪种故障会导致$\mathrm{V}_{2}$示数变大。
【解析】
1. 确定电压表测量对象：$\mathrm{V}_{1}$并联在电源两端，示数为电源电压，保持不变；$\mathrm{V}_{2}$并联在$\mathrm{L}_{2}$两端，示数为$\mathrm{L}_{2}$的电压，正常时小于电源电压。
2. 分析选项：
A选项：$\mathrm{L}_{1}$灯丝烧断（断路），电路断开，$\mathrm{V}_{2}$的一端无法连接到电源正极，示数变为0，变小，不符合要求，排除。
B选项：$\mathrm{L}_{1}$亮度不变，说明电路正常工作，电压表示数均不变，不符合“一个电压表示数变大”的条件，排除。
C选项：$\mathrm{L}_{2}$短路，$\mathrm{V}_{2}$测短路的$\mathrm{L}_{2}$，示数为0，变小，不符合要求，排除。
D选项：$\mathrm{L}_{2}$断路，此时$\mathrm{V}_{2}$的两端分别通过$\mathrm{L}_{1}$接电源正极、直接接电源负极，相当于测量电源电压，示数变大，符合题意。
【答案】D
【知识点】串联电路电压规律、电路故障分析
【点评】本题结合串联电路电压规律考查电路故障分析，核心是明确电压表的测量对象，再根据故障对电路通路的影响判断电表示数变化，属于初中物理常规题型。
【难度系数】0.5

【分析】要判断人对物体是否做功，需明确做功的两个必要条件：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。接下来逐一分析选项：A选项中，甲推课桌未推动，虽有力但无距离，不做功；B选项中，乙抱课本原地不动，有力但无距离，不做功；C选项中，丙推空课桌前进，有力且课桌在力的方向上移动了距离，做功；D选项中，丁提书包从前排到后排，力的方向竖直向上，移动距离是水平方向，力与距离垂直，不做功。
【解析】根据做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在力的方向上通过的距离，对各选项分析如下：
A选项：甲推课桌，课桌未动，只有力，没有在力的方向上移动距离，不做功；
B选项：乙抱课本原地不动，只有力，没有移动距离，不做功；
C选项：丙推空课桌，对课桌施加了力，且课桌在力的方向上移动了距离，满足做功的两个必要因素，做功；
D选项：丁提书包，力的方向竖直向上，书包移动的距离是水平方向，力与距离方向垂直，没有在力的方向上移动距离，不做功。
综上，只有C选项符合要求。
【答案】C
【知识点】功的两个必要因素
【点评】本题考查做功的判断，核心是牢记做功的两个必要条件，需注意力与距离方向垂直时不做功的情况，属于基础概念题，难度不大。
【难度系数】0.6

【分析】
要解决本题，需结合比热容公式$Q=cm\Delta t$，利用“相同规格电加热器相同时间提供热量相等、不计热量损失、甲乙质量相等”的条件分析各选项：
1. 选项A：相同规格电加热器，相同时间内放出热量相同，不计热量损失，因此1min内甲乙吸收热量相等，A错误；
2. 选项B：1min后乙温度不变，属于液体沸腾过程，沸腾时持续吸热，内能增大，B错误；
3. 选项C、D：根据图像，甲乙初始温度均为25℃，甲3min时温度变化$\Delta t_甲=100℃-25℃=75℃$，乙1min时温度变化$\Delta t_乙=75℃-25℃=50℃$；相同电加热器加热时间与吸收热量成正比，故$Q_甲=3Q_乙$；结合比热容公式推导比热容之比，判断C、D正误。
【解析】
逐一分析各选项：
A选项：相同规格的电加热器，相同时间内放出的热量相等，不计热量损失，因此1min内甲、乙吸收的热量相等，A错误；
B选项：1min后乙温度不变，是液体的沸腾过程，沸腾时持续吸收热量，内能增大，B错误；
C、D选项：由图像可知，甲的温度变化$\Delta t_甲=100℃-25℃=75℃$，对应加热时间3min；乙的温度变化$\Delta t_乙=75℃-25℃=50℃$，对应加热时间1min。相同电加热器，加热时间越长，吸收热量越多，因此$Q_甲=3Q_乙$。已知甲、乙质量$m$相等，根据比热容公式$c=\frac{Q}{m\Delta t}$，可得：
$\frac{c_甲}{c_乙}=\frac{\frac{Q_甲}{m\Delta t_甲}}{\frac{Q_乙}{m\Delta t_乙}}=\frac{Q_甲}{Q_乙}×\frac{\Delta t_乙}{\Delta t_甲}=\frac{3}{1}×\frac{50℃}{75℃}=\frac{2}{1}$，即甲、乙比热容之比为$2:1$，故C错误，D正确。
【答案】
D
【知识点】
比热容、热量计算、热学图像分析
【点评】
本题结合热学图像考查比热容的计算，核心是利用相同电加热器的热量特点，结合比热容公式推导比值，需注意沸腾时内能变化的判断，属于中等难度的热学基础题。
【难度系数】
0.5

【分析】
本题需结合做功的概念、内能的改变规律、热机冲程的判断及转速相关计算解题：（1）判断气体是否做功，依据“力和力方向上的距离”两个条件；（2）物体对外做功时自身内能减小；（3）先明确图甲的能量转化，再对比热机两冲程的特点，最后根据飞轮转速计算每秒冲程数。
【解析】
（1）气球飞跑时，球内气体对气球施加了力，且气球在气体作用力的方向上移动了距离，因此球内气体对气球做了功；
（2）根据做功改变物体内能的规律，物体对外做功时，自身的内能会减小，所以球内气体的内能减小；
（3）图甲中球内气体的内能转化为气球的机械能，对应热机的做功冲程：乙图中两气门关闭，活塞向上运动，是压缩冲程（机械能转化为内能）；丙图中两气门关闭，活塞向下运动，火花塞点火，是做功冲程（内能转化为机械能），故与图丙相同。
热机飞轮转速为1800 r/min，即每分钟飞轮转1800圈，每秒飞轮转的圈数为：$1800÷60=30$圈；热机每转1圈完成2个冲程，因此每秒完成的冲程数为：$30×2=60$个。
【答案】
（1）做；（2）减小；（3）丙；60
【知识点】
做功改变内能；热机冲程；热机转速计算
【点评】
本题结合生活实例考查内能改变和热机知识，需准确掌握做功改变内能的规律、热机各冲程的特征，以及飞轮转速与冲程的数量关系，属于基础应用类题目。
【难度系数】
0.6