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B
C
A
C
B
C
【分析】
首先回忆大气压与海拔高度的关系：海拔越高，大气压强越低。然后分析简易气压计的工作原理：瓶内封闭了一定量的空气，在山脚下时瓶内气压与瓶外气压（山脚气压）保持平衡。当把气压计从山脚带到山顶，海拔升高，瓶外气压降低，此时瓶内气压大于瓶外气压，瓶内的空气会推动瓶中的水，使玻璃管内的水柱上升，据此判断选项。
【解析】
1. 明确大气压与海拔的关系：海拔越高，大气压强越小。将气压计从山脚带到山顶，海拔升高，因此瓶外的大气压强降低。
2. 分析气压差对水柱的影响：瓶内封闭了一定质量的空气，在山脚时瓶内气压与瓶外气压平衡。到山顶后，瓶外气压降低，瓶内气压大于瓶外气压，瓶内空气会将瓶中的水向上压，导致玻璃管内的水柱高度上升。
综上，正确选项为B。
【答案】
B
【知识点】
大气压与海拔的关系、气压差的作用
【点评】
本题考查大气压随海拔高度变化的规律，以及简易气压计的工作原理，需要结合气压差的作用分析液体柱的变化，属于基础应用类题目，需联系生活常识理解气压变化规律。
【难度系数】
0.7
【解析】
小明由浅水处走向深水处时，自身重力G保持不变，排开水的体积逐渐增大，根据阿基米德原理$F_{浮}=\rho_{液}gV_{排}$可知，人受到的浮力$F_{浮}$逐渐增大。对人进行受力分析：人受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力、鹅卵石对人竖直向上的支持力，三力平衡满足$G=F_{浮}+F_{支}$，推导得支持力$F_{支}=G-F_{浮}$，因此浮力越大，鹅卵石对人的支持力越小。脚底受到的压力大小等于支持力，支持力越小，脚底受到的压力越小，疼痛感就越轻。
选项B、D中认为人的重力发生变化，表述错误；选项A认为支持力越来越大，推导错误，只有C选项分析合理。
【答案】
C
【知识点】
阿基米德原理、受力平衡、压力作用效果
【点评】
本题结合生活实际场景，考查浮力与受力分析的综合应用，要求学生能够正确对研究对象做受力分析，结合阿基米德原理判断力的大小变化，体现了物理知识联系生活的考查特点。
【难度系数】
0.7
【分析】
要判断木块是否上浮，需依据物体漂浮的条件（浮力等于重力），分析各选项切除木块后，木块重力与浮力的变化关系：
1. 漂浮时木块满足$F_{浮}=G_{木}$，若要木块上浮，需使木块受到的浮力大于切除后的重力，从而减小排开水的体积，实现上浮。
2. 逐个分析选项：
选项A：切除上部分后，木块重力减小，原有浮力大于新重力，木块会上浮至新的平衡状态，排开体积减小，符合上浮要求。
选项B：切除左部分后，木块仍均匀，漂浮时浸入深度由木块与水的密度比决定，该比例不变，浸入深度不变，木块不会上浮。
选项C：切除下部分后，木块剩余部分失去原下部分的水的支撑，会下沉以重新平衡，无法上浮。
【解析】
根据物体漂浮条件$F_{浮}=G_{木}$，即$\rho_{水}gV_{排}=\rho_{木}gV_{木}$，可得$\frac{V_{排}}{V_{物}}=\frac{\rho_{木}}{\rho_{水}}$（该比值为定值），对各选项分析：
1. 选项A：沿$aa'$切除上部分，木块剩余重力$G'$减小，此时木块受到的浮力$F_{浮}$（原浮力）大于$G'$，木块所受合力向上，会上浮，排开水的体积减小，直至$F_{浮}'=G'$，木块上浮一点，符合要求。
2. 选项B：沿$bb'$切除左部分，木块密度不变，由$\frac{V_{排}'}{V_{物}'}=\frac{\rho_{木}}{\rho_{水}}$可知，木块浸入水中的深度不变，不会上浮。
3. 选项C：沿$cc'$切除下部分，切除后木块剩余重力$G'$减小，但木块会下沉以增大排开体积，直至$F_{浮}'=G'$，无法上浮。
4. 选项D：由上述分析可知，仅A选项可行，故D错误。
综上，答案选A。
【答案】
A
【知识点】
物体漂浮条件，浮力的应用
【点评】
本题考查漂浮条件的灵活应用，核心是分析不同切除方式下重力与浮力的变化关系，需明确漂浮时排开体积与物体体积的比例规律，避免错误判断切除下部分的情况。
【难度系数】
0.5
【分析】
要判断容器倒置后对桌面的压力和压强变化，可分两步分析：首先，容器对桌面的压力等于容器和水的总重力，由于容器始终装满水，总重力不变，因此压力F不变；其次，根据固体压强公式$p=\frac{F}{S}$，压力F不变，倒置后容器与桌面的接触面积S减小，所以压强p会变大，据此可确定正确选项。
【解析】
1. 压力分析：容器对水平桌面的压力等于容器和水的总重力，即$F=G_{总}$。容器倒置前后，容器和水的总重力没有发生变化，因此容器对桌面的压力F不变。
2. 压强分析：根据固体压强公式$p=\frac{F}{S}$，已知压力F不变，由图可知容器倒置后，与桌面的接触面积S变小，因此压强p会变大。
综上，容器倒置后F不变，p变大，对应选项C。
【答案】
C
【知识点】
固体压力判断、固体压强计算
【点评】
本题考查固体压力与压强的判断，关键是明确容器对桌面的压力由总重力决定，压强结合受力面积的变化，利用$p=\frac{F}{S}$分析，需注意与液体压强判断方法区分开。
【难度系数】
0.6
【分析】
首先，我们需要明确压力和压强的相关规律：在水平面上，物体对桌面的压力大小等于自身重力；压强的大小由压力和受力面积共同决定，公式为$p=\frac{F}{S}$。
思考步骤：
1. 先判断压力：物体A在移动过程中未掉下桌面，自身重力不变，因此对桌面的压力始终等于重力，压力大小不变。
2. 再判断压强：物体向右移动时，与桌面的接触面积（受力面积$S$）逐渐减小，根据压强公式$p=\frac{F}{S}$，当压力$F$不变，受力面积$S$减小时，压强$p$会变大。由此可确定正确选项。
【解析】
1. 压力的分析：
物体A静止在水平桌面上，根据水平面上压力与重力的关系，物体对桌面的压力$F = G$（$G$为物体A的重力）。在物体A向右移动且未掉下桌面的过程中，物体的重力大小不变，因此对桌面的压力$F$保持不变。
2. 压强的分析：
根据压强计算公式$p=\frac{F}{S}$，其中$F$不变，当物体A向右移动时，它与桌面的接触面积（受力面积$S$）逐渐减小。由公式可知，在压力$F$不变的情况下，受力面积$S$减小，压强$p$会变大。
综上，物体A对桌面的压力不变，压强变大，答案选B。
【答案】
B
【知识点】
压力与重力的关系、压强的计算、影响压强的因素
【点评】
本题考查压力和压强的动态变化分析，核心是理解水平面上压力等于物体重力，以及压强公式的应用，重点关注受力面积的变化对压强的影响，属于基础概念与公式的综合应用题型。
【难度系数】
0.7
【分析】
首先，轮船始终处于漂浮状态，根据物体的漂浮条件，漂浮时物体受到的浮力等于自身重力。轮船的重力不变，所以无论在北大西洋还是印度洋，轮船受到的浮力都不变。
接下来分析海水密度的关系：标有“WNA”的载重线位置靠下，说明轮船在北大西洋冬季航行时排开海水的体积$ V_{排1} $较小；标有“T”的载重线位置靠上，说明轮船在印度洋（热带海洋）航行时排开海水的体积$ V_{排2} $较大。根据阿基米德原理$ F_{浮}=\rho_{液}gV_{排} $，浮力$ F_{浮} $不变，$ g $为常量，$ V_{排} $越小，对应的液体密度$ \rho_{液} $越大，因此北大西洋的海水密度$ \rho_{1} $大于印度洋的海水密度$ \rho_{2} $。
【解析】
1. 判断浮力变化：
轮船在海洋中始终处于漂浮状态，根据物体漂浮条件：$ F_{浮} = G_{船} $。
由于轮船的重力$ G_{船} $不变，所以轮船在北大西洋和印度洋中受到的浮力大小不变。
2. 判断海水密度关系：
由图可知，轮船在北大西洋冬季时排开水的体积$ V_{排1} $小于在印度洋热带时排开水的体积$ V_{排2} $。
根据阿基米德原理$ F_{浮} = \rho_{液}gV_{排} $，变形可得$ \rho_{液} = \frac{F_{浮}}{gV_{排}} $。
因为$ F_{浮} $不变，$ g $为定值，$ V_{排1} ＜ V_{排2} $，所以$ \rho_{1} ＞ \rho_{2} $。
综上，轮船浮力不变，$ \rho_{1} ＞ \rho_{2} $，对应选项C。
【答案】
C
【知识点】
物体漂浮条件；阿基米德原理
【点评】
本题考查物体漂浮条件与阿基米德原理的综合应用，解题的关键是抓住“轮船漂浮时浮力等于重力”这一核心，结合载重线的位置分析排开液体体积的变化，进而推导液体密度的大小关系，需要学生理解漂浮条件和阿基米德原理的内在联系。
【难度系数】
0.7
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