【分析】
1. 第(1)问：对比甲、乙、丙三图，液体密度相同（均为酒精），物体排开液体的体积逐渐增大，弹簧测力计示数逐渐减小，结合称重法可判断浮力的影响因素；
2. 第(2)问：先通过甲、丙图求出圆柱体重力和酒精中完全浸没时的浮力，利用阿基米德原理算出圆柱体体积，再计算水中完全浸没时的浮力，最后用称重法求出弹簧测力计示数；
3. 第(3)问：①未倒液体时，圆柱体对容器底部的压力等于自身重力，先通过阿基米德原理求圆柱体体积，结合图(c)中浮力不变的临界点得出圆柱体高度，进而求出底面积，再用压强公式计算压强；②根据图(c)中完全浸没时的浮力，结合阿基米德原理推导液体密度。
【解析】
(1) 甲、乙、丙中液体均为酒精（密度相同），圆柱体排开液体的体积逐渐变大，弹簧测力计示数逐渐变小，由称重法$F_{浮}=G-F_{拉}$可知，浮力逐渐增大，因此浮力的大小与排开液体的体积有关。
(2) 由图甲可知圆柱体的重力$G=5\,\mathrm{N}$；
图丙中，圆柱体完全浸没在酒精中，弹簧测力计示数$F_{丙}=1.8\,\mathrm{N}$，此时浮力：
$F_{浮酒}=G-F_{丙}=5\,\mathrm{N}-1.8\,\mathrm{N}=3.2\,\mathrm{N}$；
根据阿基米德原理$F_{浮}=\rho_{液}gV_{排}$，可得圆柱体体积：
$V=V_{排}=\frac{F_{浮酒}}{\rho_{酒精}g}=\frac{3.2\,\mathrm{N}}{0.8×10^{3}\,\mathrm{kg/m}^3×10\,\mathrm{N/kg}}=4×10^{-4}\,\mathrm{m}^3$；
圆柱体在水中完全浸没时，浮力：
$F_{浮水}=\rho_{水}gV=1.0×10^{3}\,\mathrm{kg/m}^3×10\,\mathrm{N/kg}×4×10^{-4}\,\mathrm{m}^3=4\,\mathrm{N}$；
则图丁中弹簧测力计示数：
$F_{丁}=G-F_{浮水}=5\,\mathrm{N}-4\,\mathrm{N}=1\,\mathrm{N}$。
(3) ① 未倒液体时，圆柱体对容器底部的压力$F=G=5\,\mathrm{N}$；
由图(c)可知，$h=8\,\mathrm{cm}$时浮力不再变化，说明此时液体刚好浸没圆柱体，即圆柱体高度$h_{物}=8\,\mathrm{cm}=0.08\,\mathrm{m}$；
圆柱体的底面积：
$S_{物}=\frac{V}{h_{物}}=\frac{4×10^{-4}\,\mathrm{m}^3}{0.08\,\mathrm{m}}=5×10^{-3}\,\mathrm{m}^2$；
圆柱体对容器底部的压强：
$p=\frac{F}{S_{物}}=\frac{5\,\mathrm{N}}{5×10^{-3}\,\mathrm{m}^2}=1000\,\mathrm{Pa}$。
② 由图(c)可知，圆柱体完全浸没在该液体中时，浮力$F_{浮}=4.8\,\mathrm{N}$，根据$F_{浮}=\rho_{液}gV$，可得液体密度：
$\rho_{液}=\frac{F_{浮}}{gV}=\frac{4.8\,\mathrm{N}}{10\,\mathrm{N/kg}×4×10^{-4}\,\mathrm{m}^3}=1.2×10^{3}\,\mathrm{kg/m}^3$。
【答案】
(1) $\boldsymbol{排开液体的体积}$
(2) $\boldsymbol{1}$
(3) $\boldsymbol{1000}$；$\boldsymbol{1.2×10^{3}}$
【知识点】
1. 阿基米德原理
2. 称重法测浮力
3. 固体压强的计算
【点评】
本题综合考查浮力与压强的综合计算，需要结合图像分析物体浸没状态，灵活运用称重法、阿基米德原理和压强公式，既要求学生掌握基础公式，也考验图像分析与逻辑推导能力。
【难度系数】
0.6
【分析】
1. 第一问：先观察刻度尺的分度值，吸盘两端对齐的刻度差就是直径；再分析拉力随时间变化的图像，0~t₁时间段仅挂拉力传感器，此时拉力等于传感器自身重力。
2. 第二问：t₁~t₂时间段挂了小桶，拉力的变化量就是小桶的重力，再利用重力公式$G=mg$的变形公式计算小桶质量。
3. 第三问：当吸盘刚好脱离桌面时，最大拉力与大气对吸盘的压力平衡，先根据吸盘直径计算受力面积，再用压强公式$p=\frac{F}{S}$计算大气压强。
【解析】
(1) 图(a)中刻度尺的分度值为1mm，吸盘左端与0刻度线对齐，右端与2.00cm刻度线对齐，故吸盘直径为2.00cm；图(c)中0~t₁时间段，仅悬挂拉力传感器，此时拉力大小等于传感器自身重力，即2N。
(2) t₁~t₂时间段悬挂小桶后，拉力从2N变为3N，小桶的重力$ G_{\mathrm{桶}} = 3\,\mathrm{N} - 2\,\mathrm{N} = 1\,\mathrm{N} $，根据$ G=mg $，可得小桶的质量：
$ m_{\mathrm{桶}} = \frac{G_{\mathrm{桶}}}{g} = \frac{1\,\mathrm{N}}{10\,\mathrm{N/kg}} = 0.1\,\mathrm{kg} $
(3) 吸盘的受力面积：
$ S = π ( \frac{d}{2} )^2 = 3.14 × ( \frac{0.02\,\mathrm{m}}{2} )^2 = 3.14 × 10^{-4}\,\mathrm{m}^2 $
当吸盘脱离桌面时，大气对吸盘的压力等于此时的最大拉力，即$ F_{\mathrm{压}} = 30\,\mathrm{N} $，则大气压强：
$ p = \frac{F_{\mathrm{压}}}{S} = \frac{30\,\mathrm{N}}{3.14 × 10^{-4}\,\mathrm{m}^2} \approx 0.96 × 10^5\,\mathrm{Pa} $
【答案】
(1) $\boldsymbol{2.00}$；$\boldsymbol{2}$
(2) $\boldsymbol{0.1}$
(3) $\boldsymbol{0.96 × 10^5}$
【知识点】
刻度尺读数、重力与质量的关系、大气压强测量
【点评】
本题结合实验与图像考查大气压强的估测，需要学生从图像中提取不同阶段的受力信息，结合刻度尺读数、重力公式、压强公式综合求解，注重对实验数据分析能力和公式应用能力的考查。
【难度系数】
0.6
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