【分析】
首先分析能量转化过程：松手后，钢锯条的弹性势能释放，推动棋子运动，棋子上升过程中高度增加，重力势能增大，所以钢锯条的弹性势能最终转化为棋子的重力势能。再分析实验现象：增加钢锯条下压的距离，钢锯条的弹性形变程度更大，棋子被弹起的高度更高，说明其弹性势能更大，由此可知物体的弹性形变大小对弹性势能的影响。
【解析】
1. 松手后，钢锯条恢复原状，其弹性势能先转化为棋子的动能，棋子上升过程中动能逐渐转化为重力势能，因此钢锯条的弹性势能最终转化为棋子的重力势能。
2. 增加钢锯条下压的距离，钢锯条的弹性形变程度增大，棋子被弹起的高度增加，说明钢锯条具有的弹性势能更大，实验表明：物体的弹性形变越大，它的弹性势能就越大。
【答案】
重力；弹性形变
【知识点】
弹性势能的转化；影响弹性势能的因素
【点评】
本题通过简单的实验现象，考查弹性势能的转化规律以及影响弹性势能大小的因素，需要结合实验现象分析物理过程，加深对弹性势能相关概念的理解，属于基础概念应用题。
【难度系数】
0.7

【分析】
1. 第一个空：根据屏幕“向外折叠、可弯曲”的使用特点，可推断其材料需具备易变形且不易损坏的特性，即柔韧性较好；
2. 第二个空：给手机充电时，是将电源的电能输入电池，转化为电池内部的化学能储存起来；
3. 第三个空：利用电荷量公式$Q=It$进行计算，先算出充入的电荷量为总容量的80%，再将充电时间换算为小时，代入公式求出充电电流，注意单位的统一与转换。
【解析】
1. 屏幕可折叠、可弯曲，说明屏幕材料具有柔韧性较好的特性；
2. 给手机充电是把电能转化为电池内部的化学能；
3. 计算充电电流：
充入的电荷量：$ Q = 4500\ \mathrm{mA·h} × 80\% = 3600\ \mathrm{mA·h} $
充电时间：$ t = 30\ \mathrm{min} = 0.5\ \mathrm{h} $
根据公式$ I = \frac{Q}{t} $，代入数据得：$ I = \frac{3600\ \mathrm{mA·h}}{0.5\ \mathrm{h}} = 7200\ \mathrm{mA} = 7.2\ \mathrm{A} $
【答案】
柔韧性较好；电；7.2
【知识点】
1. 材料的物理特性；
2. 能量转化；
3. $Q=It$的应用
【点评】
本题结合热门的折叠屏手机场景，考查物理知识在生活中的实际应用，涵盖材料特性、能量转化和电学计算，既要求学生掌握基础概念，也需要具备单位换算和公式应用的能力，贴近生活，实用性强。
【难度系数】
0.7

【分析】
1. 判断冲程类型：观察图中汽油机的气门状态和活塞运动方向，进气门、排气门均关闭，火花塞点火，活塞向下运动，符合做功冲程的特征；
2. 压缩冲程改变内能的方式：压缩冲程中，活塞对燃气做功，将机械能转化为燃气的内能，是通过做功的方式改变内能；
3. 计算做功次数：先将转速单位换算为转每秒，再结合汽油机一个工作循环飞轮转2圈、对外做功1次的规律，计算1s内对外做功的次数。
【解析】
1. 由图可知，汽油机的进气门和排气门均关闭，火花塞点火，活塞向下运动，此为做功冲程；
2. 压缩冲程中，活塞对燃气做功，将机械能转化为燃气的内能，是通过做功的方式增加燃气的内能；
3. 汽油机转速为3000r/min，换算为每秒转速：
$ 3000\ \mathrm{r/min} = \frac{3000}{60}\ \mathrm{r/s} = 50\ \mathrm{r/s} $
汽油机一个工作循环飞轮转动2圈，对外做功1次，因此1s内对外做功次数为：
$ \frac{50}{2} = 25 $次
【答案】
做功；做功；25
【知识点】
汽油机冲程判断；改变内能的方式；汽油机工作循环计算
【点评】
本题考查汽油机的工作冲程、改变内能的方式及工作循环的计算，需熟练掌握汽油机四个冲程的特征、改变内能的两种方式，以及转速与做功次数的换算关系，是热学部分的基础考点。
【难度系数】
0.6

【分析】
(1) 当S、S₁、S₂都闭合时，R₁被短路，R₂与灯泡L并联，灯泡正常发光说明电源电压等于灯泡额定电压6V。先计算灯泡的额定电流，再计算R₂的电流，干路电流为两者之和；总功率用电源电压乘以干路电流计算。
(2) 当S闭合，S₁、S₂断开时，R₁与R₂串联，电压表测R₁两端电压。先根据串联分压算出R₂两端电压，再由欧姆定律算出电路电流，进而求出R₁的阻值；最后利用电功公式计算R₁产生的热量。
【解析】
(1) 当S、S₁、S₂都闭合时，R₁被短路，R₂与L并联，灯泡正常发光，故电源电压$ U = U_L = 6V $。
灯泡的额定电流：$ I_L = \frac{P_L}{U_L} = \frac{3W}{6V} = 0.5A $，
通过$ R_2 $的电流：$ I_2 = \frac{U}{R_2} = \frac{6V}{20Ω} = 0.3A $，
电流表示数（干路电流）：$ I = I_L + I_2 = 0.5A + 0.3A = 0.8A $，
电路总功率：$ P = UI = 6V×0.8A = 4.8W $。
(2) 当S闭合，S₁、S₂断开时，R₁与R₂串联，电压表测R₁两端电压$ U_1 = 2V $，
$ R_2 $两端电压：$ U_2 = U - U_1 = 6V - 2V = 4V $，
电路中的电流：$ I' = \frac{U_2}{R_2} = \frac{4V}{20Ω} = 0.2A $，
$ R_1 $的阻值：$ R_1 = \frac{U_1}{I'} = \frac{2V}{0.2A} = 10Ω $，
通电1min $ R_1 $产生的热量：$ Q_1 = U_1I't = 2V×0.2A×60s = 24J $。
【答案】
(1) 0.8；4.8
(2) 10；24
【知识点】
并联电路特点、串联电路特点、欧姆定律
【点评】
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律、电功率及电热的计算，关键是正确分析不同开关状态下的电路连接方式，结合公式进行计算。
【难度系数】
0.6

【分析】
1. 第(1)问：先结合故障现象分析电路状态，灯泡不亮、电流表无示数说明电路存在断路；电压表有示数，说明电压表与电源两极保持通路，由此可锁定故障为灯泡断路。
2. 第(2)问：先读取电压表示数，与灯泡额定电压对比，根据串联电路分压规律，要增大灯泡两端电压，需减小滑动变阻器的接入电阻，从而确定滑片移动方向；再从I-U图像中找到额定电压对应的电流，利用公式$P=UI$计算额定功率。
3. 第(3)问：回忆电学实验的安全操作规范，实验结束后需先断开开关，再拆除电源导线，避免发生短路或触电危险。
4. 第(4)问：逐一分析各选项的实验条件，探究电流与电压的关系需要控制电阻阻值不变，但灯泡电阻随温度变化而改变，无法满足控制变量的要求，因此该探究无法完成。
【解析】
(1) 闭合开关后，灯泡不发光、电流表无示数，说明电路处于断路状态；电压表有示数，表明电压表的两个接线柱与电源两极是连通的，因此电路故障为灯泡断路。
(2) 由图(b)可知，电压表选用0~3V量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯泡的额定电压2.5V。根据串联电路的分压规律，要使灯泡两端电压增大到额定电压，需减小滑动变阻器接入电路的电阻，故滑片应向A端移动（滑片向A端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，其分压减小，灯泡分压增大）。
从图(c)的I-U图像中可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，则灯泡的额定功率：$P=UI=2.5V×0.2A=0.5W$。
(3) 为保证实验安全，测量结束后，应先断开开关，然后拆除电源上的导线，再拆除其他导线，防止电路短路。
(4) 对各选项分析如下：
A. 测量灯泡的电阻：利用伏安法，通过电流表测电流、电压表测电压，结合$R=\frac{U}{I}$可计算灯泡电阻，能完成；
B. 探究串联电路电流的特点：将电流表分别接在串联电路的不同位置，测量各处电流并比较，能完成；
C. 探究串联电路电压的特点：将电压表分别测量电源电压、灯泡两端电压、滑动变阻器两端电压，分析电压间的关系，能完成；
D. 探究电流与电压的关系：实验需要控制电阻阻值不变，但灯泡的电阻随温度升高而增大，无法控制电阻恒定，不能完成。
因此选D。
【答案】
(1) 灯泡断路
(2) A；0.5
(3) 断开开关；电源
(4) D
【知识点】
1. 电路故障分析
2. 电功率计算
3. 电学实验操作规范
【点评】
本题以“测量小灯泡电功率”实验为载体，综合考查了电路故障判断、实验操作规范、电功率计算以及实验拓展探究，对学生的实验操作能力和规律应用能力有一定要求，需要学生熟练掌握串联电路规律、伏安法实验原理，并理解灯泡电阻的特殊性。
【难度系数】
0.6