10. 如图所示为某种固体酒精炉，固体酒精炉比液体酒精炉使用时更安全。为了测定该固体酒精炉的热效率，在炉中放入$40\ g$的固体酒精，当固体酒精燃烧完后，锅中$1\ kg$的水温度从$20° C$升高到了$70° C$。已知固体酒精的热值$q_{ 酒精} = 1.5×10^{7}\ J/kg$，水的比热容$c_{ 水} = 4.2×10^{3}\ \mathrm{J/(kg·° C)}$。
（1）若固体酒精完全燃烧，则放出的热量是多少？
（2）水吸收的热量是多少？
（3）固体酒精炉的热效率是多大？
（4）请写出固体酒精炉热效率不高的一个原因。
（1）若固体酒精完全燃烧，则放出的热量是多少？
（2）水吸收的热量是多少？
（3）固体酒精炉的热效率是多大？
（4）请写出固体酒精炉热效率不高的一个原因。
答案：解：
(1) 固体酒精的质量$ m=40\ \mathrm{g}=0.04\ \mathrm{kg} $，
完全燃烧放出的热量$ Q_{\mathrm{放}}=mq_{\mathrm{酒精}}=0.04\ \mathrm{kg}×1.5×10^7\ \mathrm{J/kg}=6×10^5\ \mathrm{J} $。
(2) 水吸收的热量$ Q_{\mathrm{吸}}=c_{\mathrm{水}}m_{\mathrm{水}}(t-t_0)=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×1\ \mathrm{kg}×(70℃-20℃)=2.1×10^5\ \mathrm{J} $。
(3) 热效率$ \eta=\frac{Q_{\mathrm{吸}}}{Q_{\mathrm{放}}}×100\%=\frac{2.1×10^5\ \mathrm{J}}{6×10^5\ \mathrm{J}}×100\%=35\% $。
(4) 固体酒精不能完全燃烧，且加热过程中有热量损失，导致热效率不高。
(1) 固体酒精的质量$ m=40\ \mathrm{g}=0.04\ \mathrm{kg} $，
完全燃烧放出的热量$ Q_{\mathrm{放}}=mq_{\mathrm{酒精}}=0.04\ \mathrm{kg}×1.5×10^7\ \mathrm{J/kg}=6×10^5\ \mathrm{J} $。
(2) 水吸收的热量$ Q_{\mathrm{吸}}=c_{\mathrm{水}}m_{\mathrm{水}}(t-t_0)=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×1\ \mathrm{kg}×(70℃-20℃)=2.1×10^5\ \mathrm{J} $。
(3) 热效率$ \eta=\frac{Q_{\mathrm{吸}}}{Q_{\mathrm{放}}}×100\%=\frac{2.1×10^5\ \mathrm{J}}{6×10^5\ \mathrm{J}}×100\%=35\% $。
(4) 固体酒精不能完全燃烧，且加热过程中有热量损失，导致热效率不高。
解析：
【分析】
本题是热学综合计算题，需分步骤解决四个问题：
1. 第(1)问：计算固体酒精完全燃烧放出的热量，需先回忆燃料完全燃烧放热公式$Q_{放}=mq$，先将固体酒精的质量单位换算为千克，再代入已知热值计算。
2. 第(2)问：计算水吸收的热量，利用吸热公式$Q_{吸}=c_{水}m_{水}(t-t_0)$，明确水的质量、比热容、初温和末温，代入数据计算温度变化量后求解。
3. 第(3)问：热效率是水吸收的热量与燃料完全燃烧放出热量的比值，用公式$\eta=\frac{Q_{吸}}{Q_{放}}×100\%$，将前两问的结果代入计算即可。
4. 第(4)问：从燃料燃烧情况和热量损失角度分析热效率不高的原因，比如固体酒精不完全燃烧、热量散失到空气中等。
【解析】
(1) 统一单位：固体酒精的质量$ m=40\ \mathrm{g}=0.04\ \mathrm{kg} $，
根据燃料完全燃烧放热公式$Q_{\mathrm{放}}=mq_{\mathrm{酒精}}$，代入数据得：
$Q_{\mathrm{放}}=0.04\ \mathrm{kg}×1.5×10^7\ \mathrm{J/kg}=6×10^5\ \mathrm{J}$。
(2) 根据水的吸热公式$Q_{\mathrm{吸}}=c_{\mathrm{水}}m_{\mathrm{水}}(t-t_0)$，已知$c_{\mathrm{水}}=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}$，$m_{\mathrm{水}}=1\ \mathrm{kg}$，$t=70℃$，$t_0=20℃$，代入得：
$Q_{\mathrm{吸}}=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×1\ \mathrm{kg}×(70℃-20℃)=2.1×10^5\ \mathrm{J}$。
(3) 根据热效率公式$\eta=\frac{Q_{\mathrm{吸}}}{Q_{\mathrm{放}}}×100\%$，将$Q_{\mathrm{吸}}=2.1×10^5\ \mathrm{J}$，$Q_{\mathrm{放}}=6×10^5\ \mathrm{J}$代入得：
$\eta=\frac{2.1×10^5\ \mathrm{J}}{6×10^5\ \mathrm{J}}×100\%=35\%$。
(4) 固体酒精炉热效率不高的原因：固体酒精不能完全燃烧（或加热过程中热量散失到空气中、被容器吸收等，合理即可）。
【答案】
(1) $6×10^5\ \mathrm{J}$
(2) $2.1×10^5\ \mathrm{J}$
(3) $35\%$
(4) 固体酒精不能完全燃烧（或加热过程中有热量散失等，合理即可）
【知识点】
燃料放热计算、水的吸热计算、热效率计算
【点评】
本题考查热学中燃料燃烧放热、物体吸热以及热效率的综合计算，同时结合实际考查热效率偏低的原因，属于基础型热学计算题，需要熟练掌握相关公式，并能结合实际分析热量损失的情况。
【难度系数】
0.6
本题是热学综合计算题，需分步骤解决四个问题：
1. 第(1)问：计算固体酒精完全燃烧放出的热量，需先回忆燃料完全燃烧放热公式$Q_{放}=mq$，先将固体酒精的质量单位换算为千克，再代入已知热值计算。
2. 第(2)问：计算水吸收的热量，利用吸热公式$Q_{吸}=c_{水}m_{水}(t-t_0)$，明确水的质量、比热容、初温和末温，代入数据计算温度变化量后求解。
3. 第(3)问：热效率是水吸收的热量与燃料完全燃烧放出热量的比值，用公式$\eta=\frac{Q_{吸}}{Q_{放}}×100\%$，将前两问的结果代入计算即可。
4. 第(4)问：从燃料燃烧情况和热量损失角度分析热效率不高的原因，比如固体酒精不完全燃烧、热量散失到空气中等。
【解析】
(1) 统一单位：固体酒精的质量$ m=40\ \mathrm{g}=0.04\ \mathrm{kg} $，
根据燃料完全燃烧放热公式$Q_{\mathrm{放}}=mq_{\mathrm{酒精}}$，代入数据得：
$Q_{\mathrm{放}}=0.04\ \mathrm{kg}×1.5×10^7\ \mathrm{J/kg}=6×10^5\ \mathrm{J}$。
(2) 根据水的吸热公式$Q_{\mathrm{吸}}=c_{\mathrm{水}}m_{\mathrm{水}}(t-t_0)$，已知$c_{\mathrm{水}}=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}$，$m_{\mathrm{水}}=1\ \mathrm{kg}$，$t=70℃$，$t_0=20℃$，代入得：
$Q_{\mathrm{吸}}=4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)}×1\ \mathrm{kg}×(70℃-20℃)=2.1×10^5\ \mathrm{J}$。
(3) 根据热效率公式$\eta=\frac{Q_{\mathrm{吸}}}{Q_{\mathrm{放}}}×100\%$，将$Q_{\mathrm{吸}}=2.1×10^5\ \mathrm{J}$，$Q_{\mathrm{放}}=6×10^5\ \mathrm{J}$代入得：
$\eta=\frac{2.1×10^5\ \mathrm{J}}{6×10^5\ \mathrm{J}}×100\%=35\%$。
(4) 固体酒精炉热效率不高的原因：固体酒精不能完全燃烧（或加热过程中热量散失到空气中、被容器吸收等，合理即可）。
【答案】
(1) $6×10^5\ \mathrm{J}$
(2) $2.1×10^5\ \mathrm{J}$
(3) $35\%$
(4) 固体酒精不能完全燃烧（或加热过程中有热量散失等，合理即可）
【知识点】
燃料放热计算、水的吸热计算、热效率计算
【点评】
本题考查热学中燃料燃烧放热、物体吸热以及热效率的综合计算，同时结合实际考查热效率偏低的原因，属于基础型热学计算题，需要熟练掌握相关公式，并能结合实际分析热量损失的情况。
【难度系数】
0.6
11. 某汽车的质量为$1500\ kg$，轮胎与水平地面总接触面积为$0.05\ m^2$。汽车在平直的公路上匀速行驶$6.9\ km$，消耗汽油$0.5\ kg$，已知汽车匀速直线行驶时受到的阻力为$1000\ N$。（汽油的热值$q = 4.6×10^{7}\ J/kg$）求：
（1）该汽车在水平地面上静止时对地面的压强。
（2）在此过程中该汽车牵引力所做的功。
（3）该汽车发动机的效率。
（1）该汽车在水平地面上静止时对地面的压强。
（2）在此过程中该汽车牵引力所做的功。
（3）该汽车发动机的效率。
答案：解：
(1) 汽车对地面的压力$ F=G=mg=1500\ \mathrm{kg}×10\ \mathrm{N/kg}=15000\ \mathrm{N} $，
对地面的压强$ p=\frac{F}{S}=\frac{15000\ \mathrm{N}}{0.05\ \mathrm{m}^2}=3×10^5\ \mathrm{Pa} $。
(2) 汽车匀速行驶，牵引力$ F=f=1000\ \mathrm{N} $，
行驶距离$ s=6.9\ \mathrm{km}=6900\ \mathrm{m} $，
牵引力做功$ W=Fs=1000\ \mathrm{N}×6900\ \mathrm{m}=6.9×10^6\ \mathrm{J} $。
(3) 汽油完全燃烧放出的热量$ Q_{\mathrm{放}}=m_{\mathrm{油}}q=0.5\ \mathrm{kg}×4.6×10^7\ \mathrm{J/kg}=2.3×10^7\ \mathrm{J} $，
发动机的效率$ \eta=\frac{W}{Q_{\mathrm{放}}}×100\%=\frac{6.9×10^6\ \mathrm{J}}{2.3×10^7\ \mathrm{J}}×100\%=30\% $。
(1) 汽车对地面的压力$ F=G=mg=1500\ \mathrm{kg}×10\ \mathrm{N/kg}=15000\ \mathrm{N} $，
对地面的压强$ p=\frac{F}{S}=\frac{15000\ \mathrm{N}}{0.05\ \mathrm{m}^2}=3×10^5\ \mathrm{Pa} $。
(2) 汽车匀速行驶，牵引力$ F=f=1000\ \mathrm{N} $，
行驶距离$ s=6.9\ \mathrm{km}=6900\ \mathrm{m} $，
牵引力做功$ W=Fs=1000\ \mathrm{N}×6900\ \mathrm{m}=6.9×10^6\ \mathrm{J} $。
(3) 汽油完全燃烧放出的热量$ Q_{\mathrm{放}}=m_{\mathrm{油}}q=0.5\ \mathrm{kg}×4.6×10^7\ \mathrm{J/kg}=2.3×10^7\ \mathrm{J} $，
发动机的效率$ \eta=\frac{W}{Q_{\mathrm{放}}}×100\%=\frac{6.9×10^6\ \mathrm{J}}{2.3×10^7\ \mathrm{J}}×100\%=30\% $。
解析：
【分析】
1. 对于第一问，汽车静止在水平地面时，对地面的压力等于自身重力，先利用$G=mg$计算重力得到压力，再根据压强公式$p=\frac{F}{S}$计算对地面的压强；
2. 第二问中，汽车匀速直线行驶，牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等，已知行驶路程，利用$W=Fs$即可求出牵引力做的功；
3. 第三问，先根据$Q_{\mathrm{放}}=mq$计算汽油完全燃烧放出的总热量，再利用热机效率公式$\eta=\frac{W}{Q_{\mathrm{放}}}×100\%$，结合第二问的有用功，计算出发动机的效率。
【解析】
(1) 汽车在水平地面上静止时，对地面的压力等于自身重力：
$ F=G=mg=1500\ \mathrm{kg}×10\ \mathrm{N/kg}=15000\ \mathrm{N} $
根据压强公式，对地面的压强：
$ p=\frac{F}{S}=\frac{15000\ \mathrm{N}}{0.05\ \mathrm{m}^2}=3×10^5\ \mathrm{Pa} $
(2) 汽车匀速直线行驶时，牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等，即$ F_{\mathrm{牵}}=f=1000\ \mathrm{N} $
行驶的路程$ s=6.9\ \mathrm{km}=6900\ \mathrm{m} $
牵引力所做的功：
$ W=F_{\mathrm{牵}}s=1000\ \mathrm{N}×6900\ \mathrm{m}=6.9×10^6\ \mathrm{J} $
(3) 0.5kg汽油完全燃烧放出的热量：
$ Q_{\mathrm{放}}=m_{\mathrm{油}}q=0.5\ \mathrm{kg}×4.6×10^7\ \mathrm{J/kg}=2.3×10^7\ \mathrm{J} $
汽车发动机的效率：
$ \eta=\frac{W}{Q_{\mathrm{放}}}×100\%=\frac{6.9×10^6\ \mathrm{J}}{2.3×10^7\ \mathrm{J}}×100\%=30\% $
【答案】
(1) $ 3×10^5\ \mathrm{Pa} $
(2) $ 6.9×10^6\ \mathrm{J} $
(3) $ 30\% $
【知识点】
压强的计算、功的计算、热机效率计算
【点评】
本题是力学与热学的综合计算题，考查了重力公式、压强公式、功的公式、热值公式以及热机效率公式的应用，同时涉及二力平衡条件的应用，解题时需注意单位换算和公式的正确选用，属于基础综合题型。
【难度系数】
0.7
1. 对于第一问，汽车静止在水平地面时，对地面的压力等于自身重力，先利用$G=mg$计算重力得到压力，再根据压强公式$p=\frac{F}{S}$计算对地面的压强；
2. 第二问中，汽车匀速直线行驶，牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等，已知行驶路程，利用$W=Fs$即可求出牵引力做的功；
3. 第三问，先根据$Q_{\mathrm{放}}=mq$计算汽油完全燃烧放出的总热量，再利用热机效率公式$\eta=\frac{W}{Q_{\mathrm{放}}}×100\%$，结合第二问的有用功，计算出发动机的效率。
【解析】
(1) 汽车在水平地面上静止时，对地面的压力等于自身重力：
$ F=G=mg=1500\ \mathrm{kg}×10\ \mathrm{N/kg}=15000\ \mathrm{N} $
根据压强公式，对地面的压强：
$ p=\frac{F}{S}=\frac{15000\ \mathrm{N}}{0.05\ \mathrm{m}^2}=3×10^5\ \mathrm{Pa} $
(2) 汽车匀速直线行驶时，牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等，即$ F_{\mathrm{牵}}=f=1000\ \mathrm{N} $
行驶的路程$ s=6.9\ \mathrm{km}=6900\ \mathrm{m} $
牵引力所做的功：
$ W=F_{\mathrm{牵}}s=1000\ \mathrm{N}×6900\ \mathrm{m}=6.9×10^6\ \mathrm{J} $
(3) 0.5kg汽油完全燃烧放出的热量：
$ Q_{\mathrm{放}}=m_{\mathrm{油}}q=0.5\ \mathrm{kg}×4.6×10^7\ \mathrm{J/kg}=2.3×10^7\ \mathrm{J} $
汽车发动机的效率：
$ \eta=\frac{W}{Q_{\mathrm{放}}}×100\%=\frac{6.9×10^6\ \mathrm{J}}{2.3×10^7\ \mathrm{J}}×100\%=30\% $
【答案】
(1) $ 3×10^5\ \mathrm{Pa} $
(2) $ 6.9×10^6\ \mathrm{J} $
(3) $ 30\% $
【知识点】
压强的计算、功的计算、热机效率计算
【点评】
本题是力学与热学的综合计算题，考查了重力公式、压强公式、功的公式、热值公式以及热机效率公式的应用，同时涉及二力平衡条件的应用，解题时需注意单位换算和公式的正确选用，属于基础综合题型。
【难度系数】
0.7
1. 如图所示是一种触摸开关，当手指直接接触这种开关面板上的金属体时，因为人体是导体，会触发开关闭合，电路中的电灯发光。用手持下列物体去接触面板上的金属体时，也能使电灯发光的是(
A.木制牙签
B.金属钥匙
C.塑料尺
D.玻璃杯
B
)。A.木制牙签
B.金属钥匙
C.塑料尺
D.玻璃杯
答案：B
解析：
【分析】
首先明确触摸开关的工作原理：只有导体接触金属体时，才能像人体（导体）一样导电，触发开关闭合使电灯发光。因此解题关键是从选项中找出属于导体的物体，导体是容易导电的物体，绝缘体是不容易导电的物体，据此分析每个选项。
【解析】
要使电灯发光，需要用导体接触面板上的金属体，对各选项分析如下：
1. 选项A：木制牙签属于绝缘体，不容易导电，无法触发开关闭合，不能使电灯发光；
2. 选项B：金属钥匙属于导体，容易导电，接触金属体时能像人体一样触发开关闭合，使电灯发光；
3. 选项C：塑料尺属于绝缘体，不容易导电，无法触发开关闭合，不能使电灯发光；
4. 选项D：玻璃杯属于绝缘体，不容易导电，无法触发开关闭合，不能使电灯发光。
综上，能使电灯发光的是金属钥匙，故选B。
【答案】
B
【知识点】
导体与绝缘体的区分；导体的导电特性
【点评】
本题考查导体和绝缘体在生活中的实际应用，需要结合生活常识判断常见物体的导电属性，侧重对基础电学概念的理解，题目贴近生活，易结合生活经验作答。
【难度系数】
0.8
首先明确触摸开关的工作原理：只有导体接触金属体时，才能像人体（导体）一样导电，触发开关闭合使电灯发光。因此解题关键是从选项中找出属于导体的物体，导体是容易导电的物体，绝缘体是不容易导电的物体，据此分析每个选项。
【解析】
要使电灯发光，需要用导体接触面板上的金属体，对各选项分析如下：
1. 选项A：木制牙签属于绝缘体，不容易导电，无法触发开关闭合，不能使电灯发光；
2. 选项B：金属钥匙属于导体，容易导电，接触金属体时能像人体一样触发开关闭合，使电灯发光；
3. 选项C：塑料尺属于绝缘体，不容易导电，无法触发开关闭合，不能使电灯发光；
4. 选项D：玻璃杯属于绝缘体，不容易导电，无法触发开关闭合，不能使电灯发光。
综上，能使电灯发光的是金属钥匙，故选B。
【答案】
B
【知识点】
导体与绝缘体的区分；导体的导电特性
【点评】
本题考查导体和绝缘体在生活中的实际应用，需要结合生活常识判断常见物体的导电属性，侧重对基础电学概念的理解，题目贴近生活，易结合生活经验作答。
【难度系数】
0.8
2. 在烧杯中加入盐水，将铜片和锌片放在盐水中，这就制成了一个电池。用电压表测量这个自制电池的电压，其现象如图所示。下列说法中正确的是(
A.铜片是电池正极
B.锌片是电池正极
C.盐水不导电
D.电压表正、负接线柱接反了
A
)。A.铜片是电池正极
B.锌片是电池正极
C.盐水不导电
D.电压表正、负接线柱接反了
答案：A
解析：
【分析】
解题思路：先根据电压表指针偏转情况判断接线柱连接是否正确，再结合电流流向判断电池正负极，同时分析盐水的导电性。
1. 电压表指针正向偏转，说明电流从正接线柱流入、负接线柱流出，接线柱连接正确，排除D选项；
2. 自制电池能使电压表工作，说明盐水是导体（能导电），排除C选项；
3. 电流从电源正极流出进入电压表正接线柱，与电压表正接线柱相连的铜片为电池正极，因此A正确，B错误。
【解析】
1. 根据电压表使用规则，电流从正接线柱流入、负接线柱流出时指针正向偏转。由图可知电压表指针正向偏转，说明电压表正、负接线柱连接正确，故D选项错误。
2. 自制电池能通过电压表检测到电压，说明盐水可以导电（是导体），否则无法形成闭合回路，故C选项错误。
3. 在电源外部，电流从正极流出，经用电器回到负极。由于电压表正接线柱与铜片相连，且指针正向偏转，说明电流从铜片流出进入电压表正接线柱，因此铜片是该自制电池的正极，锌片为负极，故A选项正确，B选项错误。
【答案】
A
【知识点】
电压表使用规则、电源正负极判断、导体导电性
【点评】
本题结合自制盐水电池考查电压表的使用及电源正负极的判断，需将电压表的工作原理与电源电流流向规律结合分析，注重对基础电学知识的理解与应用。
【难度系数】
0.7
解题思路：先根据电压表指针偏转情况判断接线柱连接是否正确，再结合电流流向判断电池正负极，同时分析盐水的导电性。
1. 电压表指针正向偏转，说明电流从正接线柱流入、负接线柱流出，接线柱连接正确，排除D选项；
2. 自制电池能使电压表工作，说明盐水是导体（能导电），排除C选项；
3. 电流从电源正极流出进入电压表正接线柱，与电压表正接线柱相连的铜片为电池正极，因此A正确，B错误。
【解析】
1. 根据电压表使用规则，电流从正接线柱流入、负接线柱流出时指针正向偏转。由图可知电压表指针正向偏转，说明电压表正、负接线柱连接正确，故D选项错误。
2. 自制电池能通过电压表检测到电压，说明盐水可以导电（是导体），否则无法形成闭合回路，故C选项错误。
3. 在电源外部，电流从正极流出，经用电器回到负极。由于电压表正接线柱与铜片相连，且指针正向偏转，说明电流从铜片流出进入电压表正接线柱，因此铜片是该自制电池的正极，锌片为负极，故A选项正确，B选项错误。
【答案】
A
【知识点】
电压表使用规则、电源正负极判断、导体导电性
【点评】
本题结合自制盐水电池考查电压表的使用及电源正负极的判断，需将电压表的工作原理与电源电流流向规律结合分析，注重对基础电学知识的理解与应用。
【难度系数】
0.7
3. 电位器实质上是一种变阻器，如图所示是电位器的结构和连入电路的示意图，$A$、$B$、$C$是接线柱。当滑片向$A$端旋转时，连入电路的电阻(
A.变大
B.变小
C.不变
D.先变大后变小
B
)。A.变大
B.变小
C.不变
D.先变大后变小
答案：B
解析：
【分析】
首先观察电位器的接线情况，图中接入电路的是A、B接线柱，因此连入电路的是电阻片上A端到滑片之间的部分。当滑片向A端旋转时，连入电路的电阻丝长度会变短。根据影响电阻大小的因素，在材料、横截面积相同的情况下，电阻丝长度越短，电阻越小，由此可判断连入电路的电阻变化情况。
【解析】
由图可知，电位器接入电路的是A、B接线柱，连入电路的电阻丝为A端到滑片之间的部分。当滑片向A端旋转时，连入电路的电阻丝长度逐渐变短。根据影响电阻大小的规律：在导体材料、横截面积不变时，导体的电阻与长度成正比，长度越短，电阻越小。因此，连入电路的电阻变小，故选B。
【答案】
B
【知识点】
滑动变阻器原理、影响电阻大小的因素
【点评】
本题考查电位器（滑动变阻器）的工作原理，关键是准确判断连入电路的电阻丝部分，并分析滑片移动时其长度的变化，属于电学基础知识点的考查，难度不大。
【难度系数】
0.8
首先观察电位器的接线情况，图中接入电路的是A、B接线柱，因此连入电路的是电阻片上A端到滑片之间的部分。当滑片向A端旋转时，连入电路的电阻丝长度会变短。根据影响电阻大小的因素，在材料、横截面积相同的情况下，电阻丝长度越短，电阻越小，由此可判断连入电路的电阻变化情况。
【解析】
由图可知，电位器接入电路的是A、B接线柱，连入电路的电阻丝为A端到滑片之间的部分。当滑片向A端旋转时，连入电路的电阻丝长度逐渐变短。根据影响电阻大小的规律：在导体材料、横截面积不变时，导体的电阻与长度成正比，长度越短，电阻越小。因此，连入电路的电阻变小，故选B。
【答案】
B
【知识点】
滑动变阻器原理、影响电阻大小的因素
【点评】
本题考查电位器（滑动变阻器）的工作原理，关键是准确判断连入电路的电阻丝部分，并分析滑片移动时其长度的变化，属于电学基础知识点的考查，难度不大。
【难度系数】
0.8