1. “相同的时间内，台灯和电饭锅消耗的电能不相等”这一事实表明，电流做功(有/无)快慢之分，用来描述这一特点的物理量是。
答案：有
电功率
电功率
解析：
【分析】
首先，电流做功的过程实质上就是消耗电能的过程，消耗的电能多少等于电流做的功。题目中提到相同时间内台灯和电饭锅消耗的电能不相等，也就是相同时间内电流对它们做的功不相等，这就说明电流做功是有快慢之分的。而物理学中，专门用来描述电流做功快慢这一特点的物理量就是电功率。
【解析】
1. 电流做功的过程是电能转化为其他形式能的过程，消耗的电能在数值上等于电流做的功。
2. 相同时间内，台灯和电饭锅消耗的电能不相等，意味着相同时间内电流对二者做的功不同，由此可判断电流做功有快慢之分。
3. 电功率的物理意义是表示电流做功的快慢，因此用来描述这一特点的物理量是电功率。
【答案】
有；电功率
【知识点】
电流做功的快慢、电功率的物理意义
【点评】
本题属于基础概念题，考查电流做功快慢的判断以及电功率的物理意义，需要明确电流做功与消耗电能的关系，理解电功率的定义，注重对基础知识的掌握。
【难度系数】
0.8
首先，电流做功的过程实质上就是消耗电能的过程，消耗的电能多少等于电流做的功。题目中提到相同时间内台灯和电饭锅消耗的电能不相等，也就是相同时间内电流对它们做的功不相等，这就说明电流做功是有快慢之分的。而物理学中，专门用来描述电流做功快慢这一特点的物理量就是电功率。
【解析】
1. 电流做功的过程是电能转化为其他形式能的过程，消耗的电能在数值上等于电流做的功。
2. 相同时间内，台灯和电饭锅消耗的电能不相等，意味着相同时间内电流对二者做的功不同，由此可判断电流做功有快慢之分。
3. 电功率的物理意义是表示电流做功的快慢，因此用来描述这一特点的物理量是电功率。
【答案】
有；电功率
【知识点】
电流做功的快慢、电功率的物理意义
【点评】
本题属于基础概念题，考查电流做功快慢的判断以及电功率的物理意义，需要明确电流做功与消耗电能的关系，理解电功率的定义，注重对基础知识的掌握。
【难度系数】
0.8
2. 小明利用电能表测量某用电器的电功率。他将其他用电器的开关断开，只让该用电器工作，结果发现在 15 min 内，电能表的示数由$\lbrack 9586.25\rbrack$变为$\lbrack 9586.55 \rbrack$。经计算可知，该用电器的功率是()。
A.1 200 W
B.120 W
C.2 400 W
D.240 W
A.1 200 W
B.120 W
C.2 400 W
D.240 W
答案：A
解析：
【分析】
要计算用电器的电功率，需根据公式$P=\frac{W}{t}$来求解，具体思路如下：首先通过电能表的示数变化计算出用电器消耗的电能$W$；然后将工作时间$t$换算为与电能单位匹配的国际单位；最后代入公式计算电功率，再与选项对比得出答案。其中关键是准确读取电能表的示数差得到消耗的电能，同时注意时间单位的统一，避免因单位不统一导致计算错误。
【解析】
1. 计算用电器消耗的电能：
电能表的初示数为$9586.25kW·h$，末示数为$9586.55kW·h$，则该用电器消耗的电能为：
$W = 9586.55kW·h - 9586.25kW·h = 0.3kW·h$
2. 转换工作时间的单位：
已知工作时间$t = 15min$，换算为小时：
$t = 15min = \frac{15}{60}h = 0.25h$
3. 计算用电器的电功率：
根据电功率公式$P=\frac{W}{t}$，代入数据可得：
$P = \frac{0.3kW·h}{0.25h} = 1.2kW = 1200W$
【答案】
A
【知识点】
电功率的计算、电能表的读数、单位换算
【点评】
本题考查利用电能表测量电功率的基础方法，重点在于掌握电能的计算和电功率公式的应用，易错点是时间单位的统一换算，需注意电能单位与时间单位的匹配（如使用$kW·h$时对应时间用小时，使用焦耳时对应时间用秒）。
【难度系数】
0.6
要计算用电器的电功率，需根据公式$P=\frac{W}{t}$来求解，具体思路如下：首先通过电能表的示数变化计算出用电器消耗的电能$W$；然后将工作时间$t$换算为与电能单位匹配的国际单位；最后代入公式计算电功率，再与选项对比得出答案。其中关键是准确读取电能表的示数差得到消耗的电能，同时注意时间单位的统一，避免因单位不统一导致计算错误。
【解析】
1. 计算用电器消耗的电能：
电能表的初示数为$9586.25kW·h$，末示数为$9586.55kW·h$，则该用电器消耗的电能为：
$W = 9586.55kW·h - 9586.25kW·h = 0.3kW·h$
2. 转换工作时间的单位：
已知工作时间$t = 15min$，换算为小时：
$t = 15min = \frac{15}{60}h = 0.25h$
3. 计算用电器的电功率：
根据电功率公式$P=\frac{W}{t}$，代入数据可得：
$P = \frac{0.3kW·h}{0.25h} = 1.2kW = 1200W$
【答案】
A
【知识点】
电功率的计算、电能表的读数、单位换算
【点评】
本题考查利用电能表测量电功率的基础方法，重点在于掌握电能的计算和电功率公式的应用，易错点是时间单位的统一换算，需注意电能单位与时间单位的匹配（如使用$kW·h$时对应时间用小时，使用焦耳时对应时间用秒）。
【难度系数】
0.6
3. 关于电功率，下列说法中正确的是()。
A.电功率越小的用电器做功一定越少
B.做相同的功，用时长的用电器电功率大
C.电功率是反映电流做功快慢的物理量
D.两个用电器工作时，通电时间短的电功率大
A.电功率越小的用电器做功一定越少
B.做相同的功，用时长的用电器电功率大
C.电功率是反映电流做功快慢的物理量
D.两个用电器工作时，通电时间短的电功率大
答案：C
解析：
【分析】
首先明确电功率的物理意义及计算公式：电功率$P=\frac{W}{t}$，是反映电流做功快慢的物理量。判断各选项时，需结合公式从“电功、电功率、时间”三个量的相互关系入手：
1. 分析选项A：电流做功多少由$W=Pt$决定，电功率小的用电器，若通电时间足够长，做功也可能较多，不能仅根据电功率小就判定做功少；
2. 分析选项B：做相同的功，根据$P=\frac{W}{t}$，用时越长，电功率越小，而非越大；
3. 分析选项C：这是电功率的核心物理意义，直接符合定义；
4. 分析选项D：比较电功率大小需要同时知道电功和通电时间两个因素，仅知道通电时间短，缺少电功的信息，无法判断电功率大小。
【解析】
根据电功率的定义和公式$P=\frac{W}{t}$对各选项逐一分析：
选项A：电流做功的多少$W = Pt$，由电功率和通电时间共同决定。电功率小的用电器，若通电时间很长，电流做功也可能较多，因此该选项错误。
选项B：当电流做功$W$相同时，根据公式$P=\frac{W}{t}$，通电时间$t$越长，电功率$P$越小，因此该选项错误。
选项C：电功率的物理意义就是反映电流做功快慢的物理量，功率越大，电流做功越快，该选项符合定义，正确。
选项D：根据$P=\frac{W}{t}$，比较两个用电器的电功率大小，需要同时知道它们电流做功的多少和通电时间，仅知道通电时间短，无法确定电功率大小，因此该选项错误。
【答案】
C
【知识点】
电功率的物理意义、电功率与电功的关系
【点评】
本题考查对电功率概念的理解，关键是要区分“电流做功多少”和“电流做功快慢”：做功多少由电功$W$表示，做功快慢由电功率$P$表示，分析时需结合公式$P=\frac{W}{t}$，综合考虑电功、时间两个因素，避免单一判断。
【难度系数】
0.8
首先明确电功率的物理意义及计算公式：电功率$P=\frac{W}{t}$，是反映电流做功快慢的物理量。判断各选项时，需结合公式从“电功、电功率、时间”三个量的相互关系入手：
1. 分析选项A：电流做功多少由$W=Pt$决定，电功率小的用电器，若通电时间足够长，做功也可能较多，不能仅根据电功率小就判定做功少；
2. 分析选项B：做相同的功，根据$P=\frac{W}{t}$，用时越长，电功率越小，而非越大；
3. 分析选项C：这是电功率的核心物理意义，直接符合定义；
4. 分析选项D：比较电功率大小需要同时知道电功和通电时间两个因素，仅知道通电时间短，缺少电功的信息，无法判断电功率大小。
【解析】
根据电功率的定义和公式$P=\frac{W}{t}$对各选项逐一分析：
选项A：电流做功的多少$W = Pt$，由电功率和通电时间共同决定。电功率小的用电器，若通电时间很长，电流做功也可能较多，因此该选项错误。
选项B：当电流做功$W$相同时，根据公式$P=\frac{W}{t}$，通电时间$t$越长，电功率$P$越小，因此该选项错误。
选项C：电功率的物理意义就是反映电流做功快慢的物理量，功率越大，电流做功越快，该选项符合定义，正确。
选项D：根据$P=\frac{W}{t}$，比较两个用电器的电功率大小，需要同时知道它们电流做功的多少和通电时间，仅知道通电时间短，无法确定电功率大小，因此该选项错误。
【答案】
C
【知识点】
电功率的物理意义、电功率与电功的关系
【点评】
本题考查对电功率概念的理解，关键是要区分“电流做功多少”和“电流做功快慢”：做功多少由电功$W$表示，做功快慢由电功率$P$表示，分析时需结合公式$P=\frac{W}{t}$，综合考虑电功、时间两个因素，避免单一判断。
【难度系数】
0.8
4. 甲、乙两用电器电功率之比为$1︰2$，通电时间之比为$3︰4$，则消耗的电能之比为()。
A.$1︰2$
B.$3︰8$
C.$3︰4$
D.$2︰3$
A.$1︰2$
B.$3︰8$
C.$3︰4$
D.$2︰3$
答案：B
解析：
【分析】
要解决本题，首先需回忆电能、电功率与通电时间的关系，核心公式为$W = Pt$（其中$W$表示消耗的电能，$P$表示电功率，$t$表示通电时间）。题目已知甲、乙两用电器的电功率之比和通电时间之比，我们可以先分别写出甲、乙消耗的电能表达式，再将两者作比，代入已知比例关系即可求出电能之比。
【解析】
根据电能计算公式$W = Pt$，可得：
甲消耗的电能$W_1 = P_1t_1$，乙消耗的电能$W_2 = P_2t_2$。
则甲、乙消耗的电能之比为：
$\frac{W_1}{W_2} = \frac{P_1t_1}{P_2t_2} = \frac{P_1}{P_2} × \frac{t_1}{t_2}$
已知$\frac{P_1}{P_2} = \frac{1}{2}$，$\frac{t_1}{t_2} = \frac{3}{4}$，代入上式得：
$\frac{W_1}{W_2} = \frac{1}{2} × \frac{3}{4} = \frac{3}{8}$
即消耗的电能之比为$3:8$。
【答案】
B
【知识点】
电能计算公式、比例运算应用
【点评】
本题属于电学基础计算题，主要考查电能公式的灵活运用。解题关键是熟练掌握$W=Pt$，并能正确利用比例关系进行推导计算，难度较低，注重对基础公式的理解与应用。
【难度系数】
0.8
要解决本题，首先需回忆电能、电功率与通电时间的关系，核心公式为$W = Pt$（其中$W$表示消耗的电能，$P$表示电功率，$t$表示通电时间）。题目已知甲、乙两用电器的电功率之比和通电时间之比，我们可以先分别写出甲、乙消耗的电能表达式，再将两者作比，代入已知比例关系即可求出电能之比。
【解析】
根据电能计算公式$W = Pt$，可得：
甲消耗的电能$W_1 = P_1t_1$，乙消耗的电能$W_2 = P_2t_2$。
则甲、乙消耗的电能之比为：
$\frac{W_1}{W_2} = \frac{P_1t_1}{P_2t_2} = \frac{P_1}{P_2} × \frac{t_1}{t_2}$
已知$\frac{P_1}{P_2} = \frac{1}{2}$，$\frac{t_1}{t_2} = \frac{3}{4}$，代入上式得：
$\frac{W_1}{W_2} = \frac{1}{2} × \frac{3}{4} = \frac{3}{8}$
即消耗的电能之比为$3:8$。
【答案】
B
【知识点】
电能计算公式、比例运算应用
【点评】
本题属于电学基础计算题，主要考查电能公式的灵活运用。解题关键是熟练掌握$W=Pt$，并能正确利用比例关系进行推导计算，难度较低，注重对基础公式的理解与应用。
【难度系数】
0.8
5. 将一个标有“$12\ V\ \ 15\ W$”字样的白炽灯接入电路，测得通过它的电流是$1\ A$，则它的实际功率()。
A.大于$15\ W$
B.等于$15\ W$
C.小于$15\ W$
D.不能确定
A.大于$15\ W$
B.等于$15\ W$
C.小于$15\ W$
D.不能确定
答案：C
解析：
【分析】
要判断灯泡实际功率与额定功率的大小关系，可按以下思路分析：
1. 先根据灯泡的额定电压和额定功率，计算出额定电流或灯泡电阻；
2. 若对比额定电流与实际电流，结合公式$P=I^2R$（灯泡电阻可视为定值），电流越小则功率越小；也可通过电阻和实际电流直接计算实际功率，再与额定功率比较。
【解析】
方法一：
1. 计算灯泡的额定电流：
由$P=UI$可得，$I_{额}=\frac{P_{额}}{U_{额}}=\frac{15W}{12V}=1.25A$
2. 对比实际电流与额定电流：
已知实际电流$I_{实}=1A$，显然$I_{实}＜I_{额}$
3. 根据$P=I^2R$（灯泡电阻$R$不变），电流越小，电功率越小，因此$P_{实}＜P_{额}=15W$。
方法二：
1. 计算灯泡的电阻：
由$P=\frac{U^2}{R}$可得，$R=\frac{U_{额}^2}{P_{额}}=\frac{(12V)^2}{15W}=9.6Ω$
2. 计算实际功率：
根据$P=I^2R$，$P_{实}=I_{实}^2R=(1A)^2×9.6Ω=9.6W$
因为$9.6W ＜ 15W$，所以实际功率小于额定功率。
综上，实际功率小于15W。
【答案】
C
【知识点】
电功率的计算、额定功率与实际功率的关系
【点评】
本题考查电功率的基础应用，核心是区分额定功率与实际功率，需灵活运用电功率相关公式，通过对比电流或直接计算实际功率判断大小，属于基础题型，侧重公式的理解与应用。
【难度系数】
0.7
要判断灯泡实际功率与额定功率的大小关系，可按以下思路分析：
1. 先根据灯泡的额定电压和额定功率，计算出额定电流或灯泡电阻；
2. 若对比额定电流与实际电流，结合公式$P=I^2R$（灯泡电阻可视为定值），电流越小则功率越小；也可通过电阻和实际电流直接计算实际功率，再与额定功率比较。
【解析】
方法一：
1. 计算灯泡的额定电流：
由$P=UI$可得，$I_{额}=\frac{P_{额}}{U_{额}}=\frac{15W}{12V}=1.25A$
2. 对比实际电流与额定电流：
已知实际电流$I_{实}=1A$，显然$I_{实}＜I_{额}$
3. 根据$P=I^2R$（灯泡电阻$R$不变），电流越小，电功率越小，因此$P_{实}＜P_{额}=15W$。
方法二：
1. 计算灯泡的电阻：
由$P=\frac{U^2}{R}$可得，$R=\frac{U_{额}^2}{P_{额}}=\frac{(12V)^2}{15W}=9.6Ω$
2. 计算实际功率：
根据$P=I^2R$，$P_{实}=I_{实}^2R=(1A)^2×9.6Ω=9.6W$
因为$9.6W ＜ 15W$，所以实际功率小于额定功率。
综上，实际功率小于15W。
【答案】
C
【知识点】
电功率的计算、额定功率与实际功率的关系
【点评】
本题考查电功率的基础应用，核心是区分额定功率与实际功率，需灵活运用电功率相关公式，通过对比电流或直接计算实际功率判断大小，属于基础题型，侧重公式的理解与应用。
【难度系数】
0.7