【分析】
我们逐个小问梳理解题思路：
1. 第一问回忆定滑轮的工作特性，定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不省距离，旗杆顶端安装它的作用就是改变力的方向，让人站在地面向下拉绳子就能把旗帜升到高处，操作更便捷。
2. 第二问针对图乙的动滑轮，首先确定该动滑轮承担物重的绳子段数n=2，不计绳重和摩擦时，拉力满足公式F=(G物+G动)/2，代入已知的拉力和物重数值就能算出动滑轮重力；再根据动滑轮绳子自由端移动距离s和物体上升高度h的关系s=nh，代入物体上升的2m即可算出绳子自由端移动的距离。
3. 第三问钓鱼竿属于杠杆，支点在人手靠近身体的握点，鱼对鱼竿的拉力是阻力，靠前的手对鱼竿的力是动力，根据杠杆平衡条件F₁L₁=F₂L₂，在阻力、阻力臂都不变的情况下，增大两手间距本质是增大动力臂，所需的动力就会更小，也就更省力。
【解析】
(1) 定滑轮的实质是等臂杠杆，使用过程中不省力，但可以改变作用力的方向，旗杆顶端的定滑轮就是用来改变力的方向，方便人在地面向下拉绳将旗帜升起。
(2) 图乙中动滑轮承担物重的绳子段数n=2，不计绳重与摩擦，由F=(G+G动)/2可得，动滑轮的重力：G动=2F - G = 2×20N - 30N =10N；绳子自由端移动的距离：s=nh=2×2m=4m。
(3) 钓鱼竿属于杠杆，钓起鱼时阻力和阻力臂固定不变，若两手之间的距离变大，动力臂就会随之变大，根据杠杆平衡条件，所需的动力会变小，也就更省力，因此为了省力，两手之间的距离应大一些。
【答案】
(1) 改变力的方向 (2) 10；4 (3) 大
【知识点】
定滑轮的特点，动滑轮的计算，杠杆平衡条件
【点评】
本题结合旗杆提旗、动滑轮提重物、钓鱼竿钓鱼三个生活常见场景，分别考察定滑轮特性、动滑轮相关计算、杠杆平衡条件的实际应用，整体贴合基础知识点，只要学生准确掌握各类简单机械的工作原理，结合场景灵活套用公式就能顺利解题。
【难度系数】
0.8

【分析】
首先第一步先读取弹簧测力计的示数，先观察弹簧测力计的刻度确定分度值，图中指针指向2N刻度位置，直接得到竖直拉动时的拉力大小。接下来分析斜向拉动的情况：首先明确力臂的定义是支点到力的作用线的垂直距离，当弹簧测力计倾斜拉动时，动力对应的力臂不再等于杠杆上标注的10cm长度，会比竖直拉动时的力臂更短；此时左侧钩码的总重力作为阻力、阻力臂也没有发生变化，结合杠杆平衡条件F₁L₁=F₂L₂，就可以推导得出动力的变化趋势。
【解析】
1. 读取弹簧测力计示数：观察图中弹簧测力计的放大刻度，1N到2N之间有5个小格，分度值为0.2N，指针恰好对齐2N刻度线，因此竖直向下拉时弹簧测力计的示数为2N。
2. 分析斜拉的示数变化：当弹簧测力计沿图中虚线方向斜向下拉时，支点到拉力作用线的垂直距离（也就是动力臂）会小于竖直拉动时的动力臂，即动力臂变小；此时阻力（钩码总重力）和阻力臂都保持不变，根据杠杆平衡条件F₁L₁=F₂L₂，在阻力、阻力臂不变的前提下，动力臂减小，对应的动力也就是弹簧测力计的拉力就会变大，因此弹簧测力计示数会变大。
【答案】
2；变大；动力臂变小，阻力和阻力臂不变，则动力即拉力会变大
【知识点】
弹簧测力计读数；杠杆平衡条件
【点评】
本题是杠杆相关的基础经典考题，核心考察对力臂概念的理解和杠杆平衡条件的应用，易错点是部分同学会误以为斜拉时力臂仍然等于杠杆上的刻度长度，通过本题可以加深对“力臂是支点到力的作用线的垂直距离”这一概念的认知，巩固杠杆平衡条件的实际应用。
【难度系数】
0.8

【分析】
我们首先明确解题目标：当前弹簧测力计拉力超出量程，需要在杠杆保持水平平衡的前提下，让弹簧测力计的拉力减小。结合杠杆平衡条件$ F_1L_1=F_2L_2 $可知，要减小动力$ F_1 $，可通过三种方式实现：减小阻力$ F_2 $、减小阻力臂$ L_2 $、增大动力臂$ L_1 $。接下来逐一分析每个选项的操作对三个物理量的影响，判断是否能让动力$ F_1 $减小，即可选出可行方案。
【解析】
根据杠杆平衡条件 $ F_1L_1 = F_2L_2 $，当前弹簧测力计示数超过量程，说明动力$ F_1 $过大，需要减小$ F_1 $：
选项A：钩码数量适当增加，会让阻力$ F_2 $增大，其余条件不变时，动力$ F_1 $会进一步变大，超出量程更多，方案不可行。
选项B：钩码位置适当左移，阻力臂$ L_2 $会变大，其余条件不变时，动力$ F_1 $会变大，不符合要求，方案不可行。
选项C：弹簧测力计转到图中虚线位置，拉力不再竖直向上，动力臂$ L_1 $会变小，其余条件不变时，动力$ F_1 $会变大，更超出量程，方案不可行。
选项D：弹簧测力计位置适当向左平移，拉力仍保持竖直向上，动力臂$ L_1 $会增大，阻力$ F_2 $和阻力臂$ L_2 $均不变，因此动力$ F_1 $会减小，可落到弹簧测力计量程内，方案可行。
综上选D。
【答案】
D
【知识点】
杠杆平衡条件，力臂的判断
【点评】
本题是杠杆平衡条件的应用型题目，核心考查对杠杆平衡公式的灵活运用，易错点是误认为斜向拉弹簧测力计可以省力，实际上斜拉会使动力臂小于对应格数的长度，拉力反而变大。解题时紧扣“减小拉力”的目标，逐一分析操作对各物理量的影响即可快速判断。
【难度系数】
0.7

【分析】
这道题是杠杆平衡条件的实际应用题，题干已经说明不挂重物和秤砣时，手提提纽杆秤就可水平平衡，说明杆秤自身重力的力矩已经自行抵消，不需要额外考虑杆自重的影响。我们可以将鱼对杆秤的拉力作为左侧动力，对应力臂为OA；秤砣对杆秤的拉力作为右侧阻力，对应力臂为OB。根据杠杆平衡条件“动力×动力臂=阻力×阻力臂”，两个拉力大小分别等于鱼和秤砣的重力，代入重力公式G=mg后两边的重力加速度g可以直接约去，得到鱼的质量与OA的乘积等于秤砣质量与OB的乘积，代入已知数值就能算出鱼的质量。
【解析】
已知杆秤空载时已实现水平平衡，无需考虑杆秤自身重力的影响，根据杠杆平衡条件：
$F_1L_1=F_2L_2$
其中左侧拉力等于鱼的重力$G_{\mathrm{鱼}}=m_{\mathrm{鱼}}g$，对应力臂$L_1=OA=8\ \mathrm{cm}$；
右侧拉力等于秤砣的重力$G_{\mathrm{砣}}=m_{\mathrm{砣}}g$，对应力臂$L_2=OB=32\ \mathrm{cm}$。
将上述关系代入杠杆平衡公式可得：
$m_{\mathrm{鱼}}g · OA = m_{\mathrm{砣}}g · OB$
两边消去重力加速度g，整理得到质量的计算式：
$m_{\mathrm{鱼}} = \frac{m_{\mathrm{砣}} · OB}{OA}$
代入已知数值$m_{\mathrm{砣}}=0.2\ \mathrm{kg}$，$OB=32\ \mathrm{cm}$，$OA=8\ \mathrm{cm}$：
$m_{\mathrm{鱼}}=\frac{0.2\ \mathrm{kg} × 32\ \mathrm{cm}}{8\ \mathrm{cm}}=0.8\ \mathrm{kg}$
因此本题选B。
【答案】
B
【知识点】
杠杆平衡条件，杠杆的应用
【点评】
本题结合我国传统杆秤的文化遗产情境命题，属于杠杆模块的基础题型，题干主动规避了杆自重的干扰项，学生只要牢记杠杆平衡核心公式，找准对应的力臂代入计算即可得到结果，主要考察学生对杠杆平衡规律的基础掌握程度。
【难度系数】
0.8

【分析】
这是一道动态杠杆平衡问题，解题思路如下：首先明确杠杆的支点为O，确定动力是A点竖直向上的拉力F，阻力是箱体自身的重力G，重力大小恒定、方向始终竖直向下。接下来我们不需要单独分析两个力臂各自的变化，而是结合两个力都沿竖直方向的特点，推导动力臂和阻力臂的比值变化规律，最后代入杠杆平衡条件就能直接判断F的大小变化，避免复杂的分步计算。
【解析】
设箱体重力为G，动力F对应的力臂为$L_F$，阻力G对应的力臂为$L_G$：
1. 根据杠杆平衡条件可得：$F · L_F = G · L_G$，变形得到$F = G · \frac{L_G}{L_F}$。
2. 由于F和G始终沿竖直方向，二者的作用线互相平行，力臂$L_F$是支点O到F作用线的水平距离，$L_G$是支点O到重力作用线的水平距离。设OA连线与水平方向夹角为$θ$，A点到O点的长度为$OA$，箱体重心到O点的距离为$OC$，则$L_F = OA · \cosθ$，$L_G = OC · \cosθ$，两式中的$\cosθ$可以约去，得到$\frac{L_G}{L_F}=\frac{OC}{OA}$，这个比值由箱体、拉杆的固定几何结构决定，在箱体绕O逆时针转动的全过程中始终保持不变。
3. 因为G大小恒定，$\frac{L_G}{L_F}$为定值，因此F的大小始终不变。
【答案】B
【知识点】杠杆平衡条件，力臂计算
【点评】本题属于动态杠杆的易错题，很多同学会错误认为两个力臂的变化幅度不同，忽略了动力和阻力同为竖直方向时，力臂的比值由结构固定、和转动角度无关的特点，重点考察了对杠杆平衡条件的灵活应用能力。
【难度系数】0.3