【分析】
这道题属于比热容的基础推导题，我们首先梳理已知条件：两个金属块质量相等、吸收的热量相等，仅升高的温度不同。首先回忆物体吸热的计算公式，对公式做变形后，把相等的已知量固定，就能推导出比热容和升高温度的比例关系，以此判断A、B选项的正误。同时要注意区分“升高的温度（温度变化量）”和“实际温度（末温）”的差异，题目没有给出两金属块的初始温度，根本无法确定二者末温的大小，就能直接排除C、D选项。
【解析】
解：物体吸收热量的公式为：$Q_{吸}=cm\Delta t$，其中$\Delta t$代表金属块升高的温度。
已知两金属块质量$m$相同，吸收的热量$Q_{吸}$相同，将公式变形可得比热容的表达式：$c=\frac{Q_{吸}}{m\Delta t}$。
在$Q_{吸}$和$m$完全相等的前提下，比热容$c$和升高的温度$\Delta t$成反比：
1. 升高温度更大的金属块，$\Delta t$数值更大，计算得到的比热容$c$更小，因此A错误，B正确。
2. 题目没有给出两金属块的初始温度，无法判断哪个金属块的末温（实际温度）更高，完全不能通过“温度高”的条件推导比热容大小，因此C、D选项错误。
综上，最终答案为B。
【答案】
B
【知识点】
吸热公式，比热容，控制变量法
【点评】
本题的核心易错点是混淆“升高的温度”和“末温”两个物理概念，不少同学会忽略初温未知的条件误选C、D，解题时要严格紧扣吸热公式中各物理量的定义，用控制变量的思路推导比例关系，不要凭直觉判断。
【难度系数】
0.8

【分析】
这是一道热学中比热容的比例计算问题，解题思路很清晰：首先回忆物体吸收热量的计算公式，题目已经给出甲乙质量相等、吸热比值、升温比值三个条件，我们只需要把吸热公式变形得到比热容的表达式，将甲乙的比热容作比，把已知的各物理量比值代入，相同的质量项可以直接约去，就能快速算出比热容的比值。
【解析】
已知条件整理：
甲乙质量相等，即$m_甲:m_乙=1:1$，吸收热量之比$Q_甲:Q_乙=2:3$，升高温度之比$\Delta t_甲:\Delta t_乙=1:3$。
根据物体吸热公式$Q_吸=cm\Delta t$，将公式变形得到比热容的计算式：$c=\frac{Q}{m\Delta t}$。
将甲乙的比热容作比推导：
$\frac{c_甲}{c_乙}=\frac{\frac{Q_甲}{m_甲\Delta t_甲}}{\frac{Q_乙}{m_乙\Delta t_乙}}=\frac{Q_甲}{Q_乙}×\frac{m_乙}{m_甲}×\frac{\Delta t_乙}{\Delta t_甲}$
代入已知的比值计算：
$\frac{c_甲}{c_乙}=\frac{2}{3}×\frac{1}{1}×\frac{3}{1}=\frac{2}{1}$
即甲乙比热容之比为$2:1$。
【答案】
C
【知识点】
吸热公式，比热容计算
【点评】
本题是比热容部分的经典基础题型，不需要复杂推导，只要牢记吸热公式，将待求物理量展开作比代入已知条件即可求解，解题时注意不要把热量、温度的比值对应代反，是巩固吸热公式应用的典型习题。
【难度系数】
0.7

【分析】
首先我们从题目给出的实验条件入手思考：第一，题目说明用相同的加热器对两种物质加热，相同加热器在单位时间内放出的热量是相等的，因此相同时间内两种物质吸收的热量也相等，这是实验里转换法的典型应用。第二，直接对照表格数据，取任意相同的加热时间，就能直接对比甲乙升高的温度大小。第三，结合吸热公式Q吸=cmΔt，已知甲乙质量相同、相同时间吸收的热量相同，就可以通过升高的温度大小对比出比热容的大小关系，升温越小，对应的比热容就越大。
【解析】
1. 相同的加热器在相同时间内放出的热量完全相同，忽略热量散失时，甲和乙在相同时间内吸收的热量是相等的，因此第一个空填“等于”。
2. 观察表格数据，任意相同加热时间下，比如加热1min时甲升温1℃、乙升温2℃，加热2min时甲升温2℃、乙升温4℃，可见加热相同时间，甲升高的温度始终小于乙升高的温度，第二个空填“小于”。
3. 根据吸热公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，变形可得$c=\frac{Q}{m\Delta t}$，已知甲乙质量m相等，相同时间吸收的热量Q相等，甲的升高温度$\Delta t_甲 ＜ \Delta t_乙$，因此甲的比热容大于乙的比热容，第三个空填“大于”。
【答案】
等于 小于 大于
【知识点】
吸热公式，比热容，转换法
【点评】
本题是比热容章节的基础常规题，核心考点是理解“相同加热器相同时间供热相等”的实验逻辑，再结合吸热公式的比例关系推导即可，易错点是部分同学会错误认为升温快的物质比热容更大，只要理清公式中各物理量的反比关系就可以避免出错。
【难度系数】
0.8

【分析】
首先我们先分别计算两个城市的昼夜温差：甲城市气温范围是11~18℃，昼夜温差为18℃-11℃=7℃；乙城市气温范围是0~15℃，昼夜温差为15℃-0℃=15℃。接下来回忆沿海和内陆城市的气温差异规律：沿海地区水网密布，水的比热容比内陆的砂石、泥土大很多，相同质量的水和砂石吸收或放出相同热量时，水的温度变化幅度更小，因此沿海城市的昼夜温差远小于内陆城市。对比两个城市的温差，甲城市温差更小，因此可以判断甲是沿海城市，对应的原因就是水的比热容较大。
【解析】
1. 计算两地昼夜温差：
甲城市昼夜温差：$\Delta t_甲=18° C -11° C=7° C$
乙城市昼夜温差：$\Delta t_乙=15° C -0° C=15° C$
2. 结合比热容特性推导：
沿海区域水的占比高，水的比热容较大，白天吸收相同热量时升温慢，夜晚放出相同热量时降温慢，整体昼夜温差更小；内陆区域砂石泥土占比高，砂石比热容小，昼夜温差更大。甲城市温差远小于乙城市，因此甲是沿海城市，其昼夜温差小的原因是水的比热容较大。
【答案】
沿海；比热容
【知识点】
水的比热容大，温差计算
【点评】
本题结合天气预报的生活化场景，考察水的比热容特性在实际气候中的应用，引导学生将物理知识和生活现象关联，属于基础应用型题目，核心是理解比热容对温度变化的调控作用。
【难度系数】
0.9

【分析】
这是探究不同物质吸热能力的经典热学实验题，我们可以顺着实验设计的逻辑逐步推导：
1. 探究物质吸热特性时要用到控制变量法，根据吸热公式Q=cmΔt，要对比两种物质的吸热能力，必须保证除物质种类外，其他相关变量一致，因此需要控制初温相同、质量相等，不能选体积，因为水和沙子密度不同，体积相等时质量不相等，无法保证变量唯一。
2. 改变内能的方式有做功和热传递两类，红外灯照射过程中，热量从灯转移到沙子和水，没有做功过程，因此是热传递改变内能。
3. 本实验使用同一个红外灯加热，相同时间内两种物质吸收的热量近似相等，因此可以用加热时间的长短间接反映吸收热量的多少，这是转换法的典型应用。
4. 观察图乙的温度-时间图像，相同加热时间（吸收相同热量）时沙子温度上升幅度更大，说明沙子升温更快；升高相同温度时水需要的加热时间更长，吸收热量更多，说明水的吸热能力更强，物理学中专门用比热容这个物理量描述物质的这种吸热特性。
【解析】
(1) 根据控制变量法的实验要求，探究沙子和水的吸热能力，需要装入初温相同且质量相等的两种物质，排除质量不同对实验结果的干扰。
(2) 红外灯通过热辐射将热量传递给沙子和水，该过程没有能量的转化，只有能量的转移，因此是通过热传递的方式使物体内能增大。
(3) 同一红外灯单位时间内放出的热量恒定，因此实验中通过加热时间来间接反映沙子和水吸收热量的多少，加热时间越长，代表物质吸收的热量越多。
(4) 从图乙可以看出，相同加热时间下沙子的温度更高，说明升温较快的是沙子；若使两者升高相同的温度，水需要更长的加热时间，吸收的热量更多，说明水的吸热能力比沙子强，物质的这种吸热特性用比热容这个物理量来描述。
【答案】
(1) 质量 (2) 热传递 (3) 加热时间 (4) 沙子 强 比热容
【知识点】
比热容探究实验，热传递改变内能，控制变量法
【点评】
本题围绕水和沙子吸热能力探究的基础实验展开，覆盖了实验设计逻辑、转换法与控制变量法的应用、内能改变方式、比热容物理意义等核心知识点，属于热学实验的常规基础考查，能够帮助学生理清实验思路，深化对比热容概念的理解。
【难度系数】
0.8

【分析】
我们可以从比热容的特性切入逐步推导：首先回忆比热容的相关规律，水的比热容比陆地的泥土、沙石大很多，白天太阳照射时，陆地和海水吸收相同的热量，陆地升温速度远快于海水，陆地上方的空气受热膨胀上升，近地面陆地的气压就会低于海面的气压，海面的冷空气就会向陆地流动补充，形成海风。对比甲乙两图，乙图中陆地的热空气上升，大海上方的冷空气下沉，近地面空气从大海流向陆地，完全符合白天海风的对流特征，甲图对应的是夜晚的陆风，顺着这个逻辑就能依次填出所有空。
【解析】
1. 对应海风的示意图：白天陆地升温比海面快，陆地空气受热上升，近地面风从海面流向陆地，符合该特征的是乙图。
2. 海风的风向：海风是从温度更低、气压更高的海面，吹向温度更高、气压更低的陆地。
3. 海陆风的形成本质：陆地和大海的升、降温快慢不同，根源就是水和泥土、沙石的比热容不同，相同吸放热条件下二者温度变化差异大，形成温差后引发空气对流。
【答案】
乙；海面；陆地；水和泥土、沙石的比热容不同
【知识点】
比热容的应用；海陆风形成
【点评】
本题是物理热学和地理大气现象的跨学科融合题，核心考察对比热容特性的理解，要求学生结合空气对流规律区分白天海风和夜间陆风的差异，引导学生用物理原理解释身边的自然现象，贴合新趋势的学科融合考察方向。
【难度系数】
0.7